九年级数学学习周报答案

发布 2022-12-08 02:15:28 阅读 9819

解答题。

1. (2001上海市10分)如图,已知抛物线y=2x2-4x+m与x轴交于不同的两点a、b,其顶点是c,点d是抛物线的对称轴与x轴的交点.

1)求实数m的取值范围;

2)求顶点c的坐标和线段ab的长度(用含有m的式子表示);

3)若直线分别交x轴、y轴于点e、f,问△bdc与△eof是否有可能全等,如果可能,请证明;如果不可能,请说明理由.

答案】解:(1)令y=0,则有2x2-4x+m=0,依题意有,△=16-8 m>0,∴m<2。

又∵抛物线与y轴的交点在y轴正半轴上,∴m>0.

因此实数m的取值范围为0<m<2。

2)∵ c(1,m-2)。

令y=0,2x2-4x+m =0,则 (由(1)知 )。

ab= 。3)在中令y=0,得x= ,e( ,0)。

令x=0,得y=1,∴f(0,1)。

oe= ,of=1。

由(2)可得bd= ,cd=2-m。

当oe=bd时, ,解得m =1。

此时of=dc=1。

又∵∠eof=∠cdb=90°,∴bdc≌△eof(sas)。∴两三角形有可能全等。

考点】二次函数综合题,一元二次方程的根的判别式和根与系数的关系,二次函数的性质和应用,全等三角形的判定。

分析】(1)由图象可知,抛物线与x轴有两个交点,因此对应的一元二次方程的根的判别式△>0,求解即可。

2)直接根据顶点式得到顶点坐标和与x轴的交点坐标,再求ab的长度。

3)要求判定△bdc与△eof是否有可能全都,即指探索全都的可能性,本题已有∠cde=∠eof=90°,bd与oe或of都可能是对应边,证出其中一种情形成立即可。

2. (2001上海市12分)已知在梯形abcd中,ad∥bc,ad<bc,且ad=5,ab=dc=2.

1)如图,p为ad上的一点,满足∠bpc=∠a.

求证;△abp∽△dpc

求ap的长.

2)如果点p在ad边上移动(点p与点a、d不重合),且满足∠bpe=∠a,pe交直线bc于点e,同时交直线dc于点q,那么。

当点q**段dc的延长线上时,设ap=x,cq=y,求y关于x的函数解析式,并写出函数的定义域;

当ce=1时,写出ap的长(不必写出解题过程).

答案】解:(1)∵abcd是梯形,ad∥bc,ab=dc。∴∠a=∠d。

∠abp+∠apb+∠a=180°,∠apb+∠dpc+∠bpc=180°,∠bpc=∠a。

∠abp=∠dpc。∴△abp∽△dpc。

,即: ,解得:ap=1或ap=4。

2)①由(1)可知:△abp∽△dpq, ,即: 。

当ce=1时,ap=2或 。

考点】动点型问题,二次函数综合题,等腰梯形的性质,三角形内角和定理,相似三角形的判定和性质,解高次方程。

分析】(1)当∠bpc=∠a时,∠a+∠apb+∠abp=180°,而∠apb+∠bpc+∠dpc=180°,因此∠abp=∠dpc,此时△apb与△dpc相似,那么可得出关于ap,pd,ab,cd的比例关系式,ab,cd的值题中已有,可以先用ap表示出pd,然后代入上面得出的比例关系式中求出ap的长。

2)①与(1)的方法类似,只不过把dc换成了dq,那么只要用dc+cq就能表示出dq了.然后按得出的关于ab,ap,pd,dq的比例关系式,得出x,y的函数关系式。

和①的方法类似,先通过平行得出△pdq和△ceq相似,根据ce的长,用ap表示出pd,然后根据pd,dq,qc,ce的比例关系用ap表示出dq,然后按①的步骤进行求解即可:

ad∥bc,∴△pdq∽△ceq。∴ 即 。

当点e在bc上时,式中ad=5,ec=1,ap=x,cq= ,dq= ,即 ,

解得,适合条件的解为 ( 和在之外)。

当点e在bc延长线上时,此时 。

式中ad=5,ec=1,ap=x,cq= ,dq= ,即 ,

解得, 或或 ,舍去在之外的和 ,

综上所述,当ce=1时, ap的长为或 。

3. (上海市2023年10分)如图,直线y= x+2分别交x、y轴于点a、c,p是该直线上在第一象限内的一点,pb⊥x轴,b为垂足,s△abp=9.

(1)求点p的坐标;

2)设点r与点p的同一个反比例函数的图象上,且点r在直线pb的右侧,作rt⊥x轴,t为垂足,当△brt与△aoc相似时,求点r的坐标。

答案】解:(1)由题意,得点c(0,2),点a(-4,0)。

设点p的坐标为(a, a+2),其中a>0。

由题意,得s△abp= (a+4)( a+2)=9,解得a=2或a=-10(舍去)。

而当a=2时, a+2=3,∴点p的坐标为(2,3)。

(2)设反比例函数的解析式为 。

点p在反比例函数的图象上,∴ k=6 。

反比例函数的解析式为 。

设点r的坐标为(b, )点t的坐标为(b,0)其中b>2,那么bt=b-2,rt= 。

当△rtb∽△aoc时, ,即 , 解得b=3或b=-1(舍去)。

点r 的坐标为(3,2

当△rtb∽△coa时, ,即 ,

,解得b=1+ 或b=1- (舍去)。

点r 的坐标为(1+ ,

综上所述,点r的坐标为(3,2)或(1+ ,

考点】一次函数综合题,曲线上点的坐标与方程的关系,相似三角形的判定和性质,解一元二次方程。

分析】(1)根据点在直线上,点的坐标满足方程的性质,求出bp,ab的值从而可求出点p的坐标。

2)设r点坐标为(x,y),求出反比例函数.又因为△brt∽△aoc,利用线段比联立方程组求出x,y的值。

4.(上海市2023年12分)操作:将一把三角尺放在边长为1的正方形abcd上,并使它的直角顶点p在对角线ac上滑动,直角的一边始终经过点b,另一边与射线dc相交于点q.

图1图2图3

**:设a、p两点间的距离为x.

(1)当点q在边cd上时,线段pq与线段pb之间有怎样的大小关系?试证明你观察得到结论;

(2)当点q在边cd上时,设四边形pbcq的面积为y,求y与x之间的函数解析式,并写出函数的定义域;

(3)当点p**段ac上滑动时,△pcq是否可能成为等腰三角形?如果可能,指出所有能使△pcq成为等腰三角形的点q的位置,并求出相应的x的值;如果不可能,试说明理由.

(图1、图2、图3的形状大小相同,图1供操作、实验用,图2和图3备用)

答案】解:(1)pq=pb。证明如下:

过点p作mn∥bc,分别交ab于点m,交cd于点n,那么四边形amnd和四边形bcnm都是矩形,△amp和△cnp都是等腰直角三角形(如图1)。

np=nc=mb。

∵∠bpq=90°,∴qpn+∠bpm=90°。

而∠bpm+∠pbm=90°,∴qpn=∠pbm。

又∵∠qnp=∠pmb=90°,∴qnp≌△pmb(aas)。

pq=pb。

(2)作pt⊥bc,t为垂足(如图2),那么四边形ptcn为正方形。

pt=cb=pn.

又∠pnq=∠ptb=90°,pb=pq,∴△pbt≌△pqn(hl)。

s四边形pbcq=s△四边形pbt+s四边形ptcq=s四边形ptcq+s△pqn=s正方形ptcncn2=(1- )2= x2- +1

y= x2- +1(0≤x< )

3)△pcq可能成为等腰三角形。

①当点p与点a重合,点q与点d重合,这时pq=qc,△pcq是等腰三角形,此时x=0。

②当点q在边dc的延长线上,且cp=cq时,△pcq是等腰三角形(如图3)

此时,qn=pm= x,cp= -x,cn= cp=1- x。

∴cq=qn-cn= x-(1- x)= x-1。

当 -x= x-1时,得x=1。

考点】二次函数综合题,正方形的性质。

分析】(1)过点p作mn∥bc,分别交ab于点m,交cd于点n,可得四边形amnd和四边形bcnm都是矩形,△amp和△cnp都是等腰三角形;根据等腰三角形的性质与角的互余关系进行代换可得△qnp≌△pmb,故pq=pb。

2)由(1)的结论,根据图形可得关系s四边形pbcq=s△四边形pbt+s四边形ptcq=s四边形ptcq+s△pqn=s正方形ptcn,代入数据可得解析式。

3)分①当点p与点a重合,与②当点q在边dc的延长线上,两种情况讨论,分别讨论答案。

5. (上海市2023年10分)已知在平面直角坐标系内,o为坐标原点,a、b是轴正半轴上的两点,点a在点b的左侧,如图,二次函数的图象经过点a、b,与轴相交于点c。

(1) 、的符号之间有何关系?

(2)如果线段oc的长度是线段oa、ob长度的比例中项,试证 、 互为倒数;

(3)在(2)的条件下,如果 =-4,ab= ,求 、 的值。

答案】解:(1)由图可知:当抛物线开口向下,即 <0时, <0(如图);

当抛物线开口向上,即 >0时, >0;

因此 、 同号。

2)设a(m,0),b(n,0),抛物线的解析式中,令 =0,得: 。

oaob=mn= ,oc2= 。

oaob=oc2,∴ 解得 =1。

所以 、 互为倒数。

6.(上海市2023年12分)如图,在正方形abcd中,ab=1 ,弧ac是点b为圆心,ab长为半径的圆的一段弧。点e是边ad上的任意一点(点e与点a、d不重合),过e作弧ac所在圆的切线,交边dc于点f,g为切点:

(1)当∠def=45时,求证:点g为线段ef的中点;

2)设ae=x,fc=y,求y关于x的函数解析式,并写出函数的定义域;

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