高考数学专题训练 立体几何 2

发布 2022-10-11 09:18:28 阅读 1481

27.(北京理16)

如图,在四棱锥中,平面,底面是菱形,.

ⅰ)求证:平面。

(ⅱ)若求与所成角的余弦值;

(ⅲ)当平面与平面垂直时,求的长。

证明:(ⅰ因为四边形abcd是菱形,所以ac⊥bd.

又因为pa⊥平面abcd.

所以pa⊥bd.

所以bd⊥平面pac.

ⅱ)设ac∩bd=o.

因为∠bad=60°,pa=pb=2,所以bo=1,ao=co=.

如图,以o为坐标原点,建立空间直角坐标系o—xyz,则。

p(0,—,2),a(0,—,0),b(1,0,0),c(0,,0).

所以。设pb与ac所成角为,则。

ⅲ)由(ⅱ)知。

设p(0,-,t)(t>0),则。

设平面pbc的法向量,则。

所以。令则。

所以。同理,平面pdc的法向量。

因为平面pcb⊥平面pdc,所以=0,即。

解得。所以pa=

28.(福建理20)

如图,四棱锥p-abcd中,pa⊥底面abcd,四边形abcd中,ab⊥ad,ab+ad=4,cd=,.

i)求证:平面pab⊥平面pad;

ii)设ab=ap.

(i)若直线pb与平面pcd所成的角为,求线段ab的长;

ii)**段ad上是否存在一个点g,使得点g到点p,b,c,d的距离都相等?说明理。

由。本小题主要考查直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系等基础知识,考查空间想象能力、推理论证能力、抽象根据能力、运算求解能力,考查函数与方程思想、数形结合思想、化归与转化思想,满分14分。

解法一:i)因为平面abcd,平面abcd,所以,又。

所以平面pad。

又平面pab,所以平面平面pad。

ii)以a为坐标原点,建立空间直角坐标系。

a—xyz(如图)

在平面abcd内,作ce//ab交ad于点e,则。

在中,de=,设ab=ap=t,则b(t,0,0),p(0,0,t)

由ab+ad=4,得ad=4-t,所以,i)设平面pcd的法向量为,由,,得。

取,得平面pcd的一个法向量,又,故由直线pb与平面pcd所成的角为,得。

解得(舍去,因为ad),所以。

ii)假设**段ad上存在一个点g,使得点g到点p,b,c,d的距离都相等,设g(0,m,0)(其中)

则,由得,(2)

由(1)、(2)消去t,化简得(3)

由于方程(3)没有实数根,所以**段ad上不存在一个点g,使得点g到点p,c,d的距离都相等。

从而,**段ad上不存在一个点g,使得点g到点p,b,c,d的距离都相等。

解法二:i)同解法一。

ii)(i)以a为坐标原点,建立空间直角坐标系a—xyz(如图)

在平面abcd内,作ce//ab交ad于e,则。

在平面abcd内,作ce//ab交ad于点e,则。

在中,de=,设ab=ap=t,则b(t,0,0),p(0,0,t)

由ab+ad=4,得ad=4-t,所以,设平面pcd的法向量为,由,,得。

取,得平面pcd的一个法向量,又,故由直线pb与平面pcd所成的角为,得。

解得(舍去,因为ad),所以。

ii)假设**段ad上存在一个点g,使得点g到点p,b,c,d的距离都相等,由gc=cd,得,从而,即。

设。在中,这与gb=gd矛盾。

所以**段ad上不存在一个点g,使得点g到点b,c,d的距离都相等,从而,**段ad上不存在一个点g,使得点g到点p,b,c,d的距离都相等。

29.(广东理18)

如图5.在椎体p-abcd中,abcd是边长为1的棱形,且∠dab=60,,pb=2,e,f分别是bc,pc的中点.

1) 证明:ad 平面def;

2) 求二面角p-ad-b的余弦值.

法一:(1)证明:取ad中点g,连接pg,bg,bd。

因pa=pd,有,在中,,有为。

等边三角形,因此,所以。

平面pbg又pb//ef,得,而de//gb得ad de,又,所以。

ad 平面def。

(2),为二面角p—ad—b的平面角,在。

在。法二:(1)取ad中点为g,因为。

又为等边三角形,因此,从而平面pbg。

延长bg到o且使得po ob,又平面pbg,po ad,所以po 平面abcd。

以o为坐标原点,菱形的边长为单位长度,直线ob,op分别为轴,z轴,平行于ad的直线为轴,建立如图所示空间直角坐标系。设。由于。

得。平面def。

取平面abd的法向量。

设平面pad的法向量。由。取。

30.(湖北理18)

如图,已知正三棱柱的各棱长都是4,是的中点,动点在侧棱上,且不与点重合.

ⅰ)当=1时,求证:⊥;

ⅱ)设二面角的大小为,求的最小值.

本小题主要考查空间直线与平面的位置关系和二面角等基础知识,同时考查空间想象能力、推理论证能力和运算求解能力。(满分12分)

解法1:过e作于n,连结ef。

(i)如图1,连结nf、ac1,由直棱柱的性质知,底面abc侧面a1c。

又度面侧面a,c=ac,且底面abc,所以侧面a1c,nf为ef在侧面a1c内的射影,在中,=1,则由,得nf//ac1,又故。

由三垂线定理知。

ii)如图2,连结af,过n作于m,连结me。

由(i)知侧面a1c,根据三垂线定理得。

所以是二面角c—af—e的平面角,即,设。

在中,在。故。

又。故当时,达到最小值;

此时f与c1重合。

解法2:(i)建立如图3所示的空间直角坐标系,则由已知可得。于是。则。

故。ii)设,平面aef的一个法向量为,则由(i)得f(0,4,)

于是由可得。

取。又由直三棱柱的性质可取侧面ac1的一个法向量为,于是由为锐角可得,所以,由,得,即。

故当,即点f与点c1重合时,取得最小值。

31.(湖南理19)

如图5,在圆锥中,已知=,⊙o的直径,是的中点,为的中点.

ⅰ)证明:平面平面;

ⅱ)求二面角的余弦值。

解法1:连结oc,因为。

又底面⊙o,ac底面⊙o,所以,因为od,po是平面pod内的两条相交直线,所以平面pod,而平面pac,所以平面pod平面pac。

ii)在平面pod中,过o作于h,由(i)知,平面。

所以平面pac,又面pac,所以。

在平面pao中,过o作于g,连接hg,则有平面ogh,从而,故为二面角b—pa—c的平面角。在。在。

在。在。

所以。故二面角b—pa—c的余弦值为。

解法2:(i)如图所示,以o为坐标原点,ob、oc、op所在直线分别为x轴、y轴,z轴建立空间直角坐标系,则。

设是平面pod的一个法向量,则由,得。

所以。设是平面pac的一个法向量,则由,得。所以。得。

因为。所以从而平面平面pac。

ii)因为y轴平面pab,所以平面pab的一个法向量为。

由(i)知,平面pac的一个法向量为。

设向量的夹角为,则。

由图可知,二面角b—pa—c的平面角与相等,所以二面角b—pa—c的余弦值为。

32.(辽宁理18)

如图,四边形abcd为正方形,pd⊥平面abcd,pd∥qa,qa=ab=pd.

i)证明:平面pqc⊥平面dcq;

ii)求二面角q—bp—c的余弦值.

解:如图,以d为坐标原点,线段da的长为单位长,射线da为x轴的正半轴建立空间直角坐标系d—xyz.

(i)依题意有q(1,1,0),c(0,0,1),p(0,2,0).则。所以。

即pq⊥dq,pq⊥dc.

故pq⊥平面dcq.

又pq平面pqc,所以平面pqc⊥平面dcq. …6分。

(ii)依题意有b(1,0,1),设是平面pbc的法向量,则。

因此可取。设m是平面pbq的法向量,则。

可取。故二面角q—bp—c的余弦值为 ……12分。

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