椭圆 附答案

发布 2022-09-03 11:48:28 阅读 1085

专题训练37 椭圆。

一、选择题。

1.已知椭圆+=1,长轴在y轴上,若焦距为4,则m=(

a.4b.5c.7d.8

2.(2011·山东淄博重点中学高三期中考试)已知椭圆的中心在坐标原点,焦点在x轴上,且长轴长为12,离心率为,则椭圆方程为( )

a.+=1 b.+=1

c.+=1d.+=1

3.若点p是以f1,f2为焦点的椭圆+=1(a>b>0)上一点,且·=0,tan∠pf1f2=,则此椭圆的离心率e=(

abcd.

4.已知f1,f2为椭圆+=1(a>b>0)的两个焦点,过f2作椭圆的弦ab,若△af1b的周长为16,椭圆的离心率为,则椭圆的方程是( )

a.+=1 b.+=1

c.+=1 d.+=1

5.直线l交椭圆+=1于a,b两点,ab中点m的坐标是(2,1),则直线l的方程为( )

a.2x-3y-1=0b.3x-2y-4=0

c.2x+3y-7=0d.3x+2y-8=0

6.(2010·福建高考)若点o和点f分别为椭圆+=1的中心和左焦点,点p为椭圆上的任意一点,则·的最大值为( )

a.2b.3c.6d.8

7.设椭圆+=1(a>b>0)的离心率为e=,右焦点为f(c,0),方程ax2+bx-c=0的两个实根分别为x1和x2,则点p(x1,x2)(

a.必在圆x2+y2=2内b.必在圆x2+y2=2上。

c.必在圆x2+y2=2外d.以上三种情形都有可能。

二、填空题。

8.与椭圆+=1共焦点,且过点m(3,-2)的椭圆方程为。

9.已知椭圆的中心在坐标原点,焦点在x轴上,以其两个焦点和短轴的两个端点为顶点的四边形是一个面积为4的正方形,设p为该椭圆上的动点,c,d的坐标分别是(-,0),(0),则|pc|·|pd|的最大值为。

10.经过椭圆+y2=1的一个焦点作倾斜角为45°的直线l,交椭圆于a,b两点,设o为坐标原点,则。

三、解答题。

11.已知椭圆x2+(m+3)y2=m的离心率e=,求m的值及椭圆的长轴和短轴的长,焦点坐标,顶点坐标.

12.(2010·福建高考)已知中心在坐标原点o的椭圆c经过点a(2,3),且点f(2,0)为其右焦点.

1)求椭圆c的方程;

2)是否存在平行于oa的直线l,使得直线l与椭圆c有公共点,且直线oa与l的距离等于4?若存在,求出直线l的方程;若不存在,说明理由.

参***。1. 答案:d

解析:由题意得,椭圆焦点在y轴上,a2=m-2,b2=10-m.

又∵c=2,∴m-2-(10-m)=22=4.∴m=8.

2. 答案:d

3. 答案:a

解析:由·=0得⊥.

则tan∠pf1f2==.

设|pf2|=m,则|pf1|=2m,|f1f2|=m.

所以e===

4. 答案:d

解析:由题意可知,4a=16,a=4.

又∵e==,c=2,b2=a2-c2=16-12=4.

所求椭圆的方程为+=1.

5. 答案:d

解析:设a(x1,y1),b(x2,y2),则。

-②,得+=0.

m(2,1),∴x1+x2=4,y1+y2=2.

代入上式得=-.

l的方程为y-1=-(x-2),即3x+2y-8=0.

6. 答案:c

解析:由题意得f(-1,0),设点p(x0,y0),则y=3(1-)(2≤x0≤2),=x0(x0+1)+y=x+x0+y=x+x0+3(1-)=x0+2)2+2,当x0=2时,·取得最大值为6.

7. 答案:a

解析:∵e=,∴a2=b2+c2,∴b2=a2.

x1+x2=-,x1·x2=-,x+x=(x1+x2)2-2x1x2=+1==<2.

p点在圆x2+y2=2内.

8. 答案:+=1

解析:∵c2=9-4=5,设所求椭圆方程为+=1,将(3,-2)代入得a2=15,或a2=3(舍去).

9. 答案:4

解析:设椭圆的标准方程为+=1(a>b>0),c2=a2-b2.由正方形的对角线性质可得:

b=c,又该正方形面积为4,则4××b2=4,所以b=c=,则c,d即为椭圆的焦点,所以|pc|·|pd|≤=4.

10. 答案:-

解析:设直线l经过椭圆+y2=1的右焦点(1,0),则直线l的方程为y=x-1,由得3x2-4x=0,解得x=0,或x=,不妨令a(0,-1),b(,)

11. 解:∵椭圆方程可化为+=1,∴m>0.

又∵m-=>0,m>.∴a2=m,b2=,c==.

由e=,得=,∴m=1.

椭圆的方程为x2+=1,a=1,b=,c=.

椭圆的长轴长和短轴长分别是2a=2和2b=1,两个焦点坐标分别是f1(-,0),f2(,0),顶点a1(-1,0),a2(1,0),b1(0,-)b2(0,).

12. 解法一:(1)依题意,可设椭圆c的方程为+=1(a>b>0),且可知左焦点为f′(-2,0),从而有。

解得。又因为a2=b2+c2,所以b2=12.

故椭圆c的方程为+=1.

2)假设存在符合题意的直线l,其方程为y=x+t.

由得3x2+3tx+t2-12=0.因为直线l与椭。

圆c有公共点,所以δ=(3t)2-4×3(t2-12)≥0.解得-4≤t≤4.

另一方面,由直线oa与l的距离d=4可得=4,从而t=±2.

由于±2 [-4,4],所以符合题意的直线l不存在.

解法二:(1)依题意,可设椭圆c的方程为+=1(a>b>0),且有解得b2=12,或b2=-3(舍去).

从而a2=16.所以椭圆c的方程为+=1.

2)同解法一。

椭圆练习附答案

例1 已知动圆p过定点a 3,0 并且在定圆b x 3 2 y2 64的内部与其相内切,则动圆圆心p的轨迹方程为。分析 相切两圆连心线必过两圆的切点,设切点为m,则b p m三点共线,pb pm bm 8,又a在 p上,pa pm 从而 pb pa 8.已知f1 f2为椭圆 1的两个焦点,过f1的直...

椭圆综合题总结附答案 2

椭圆。一 直线与椭圆问题的常规解题方法 1.设直线与方程 提醒 设直线时分斜率存在与不存在 设为y kx b与x my n 的区别 2.设交点坐标 提醒 之所以要设是因为不去求出它,即 设而不求 3.联立方程组 4.消元韦达定理 提醒 抛物线时经常是把抛物线方程代入直线方程反而简单 5.根据条件重转...

椭圆练习答案

1 的底边,和两边上中线长之和为30,求此三角形重心的轨迹和顶点的轨迹 分析 1 由已知可得,再利用椭圆定义求解 2 由的轨迹方程 坐标的关系,利用代入法求的轨迹方程 解 1 以所在的直线为轴,中点为原点建立直角坐标系 设点坐标为,由,知点的轨迹是以 为焦点的椭圆,且除去轴上两点 因,有,故其方程为...