函数与方程思想。
函数与方程的思想就是用函数、方程的观点和方法来处理问题,从而可利用函数的性质、图象或解方程来获得问题的解的一种思维策略。
函数与方程的思想是中学数学中最重要的数学思想之一,许多问题一旦转化为函数或方程来研究,思考的方向就会非常明确,从而有效解决。
1.已知,则的最大值是( )
abcd)
2.方程有三个相异实根,则实数的取值范围是( )
a) (b) (c) (d)
3.若函数分别是上的奇函数、偶函数,且满足,则有( )
ab) cd)
4.已知,(、则有( )
a) (b) (c) (d)
5.若关于的方程有实数解,则实数的取值范围是。
6.已知,,对于值域内的所有实数,不等式恒成立,则的取值范围为。
7.关于的不等式,当时恒成立,则实数的取值范围为___
8.设,若有且仅有一个常数使得对于任意的,都有满足方程,这时的取值的集合为。
9.已知数列是由正数组成的等差数列,是其前项的和,并且,
1)求数列的通项公式;
2)求不等式对一切均成立最大实数。
10.已知函数()图象上有两点,满足且。
1)求证;
2)能否保证和中至少有一个为正数?请证明你的结论。
基础大题自测(九)
1.已知在中, ,向量,,
(1) 求角的大小; (2) 求的取值范围。
2.甲乙两个人进行射击,甲射击一次中靶概率是,乙射击一次中靶概率是,已知、是方程的根,若两人各射击5次,甲中靶次数的方差是。
1)求、的值;
2)两人各射击一次,中靶至少一次就算完成目的,则完成目的的概率是多少?
3)两人各射击2次,中靶至少3次就算完成目的,则完成目的的概率是多少?
3.如图所示,等腰的底边,高,点是线段上异于点、的动点。点在边上,且。现沿将折起到的位置,使。记,表示四棱锥的体积。
1)求的表达式;
2)当为何值时,取得最大值?
3)当取得最大值时,求异面直线与所成角的余弦值。
函数与方程思想参***。
因为,用替换得:
因为函数分别是上的奇函数、偶函数,所以,又。
解得:,而单调递增且,大于等于0,而,故选d。
法一:依题设有。
是实系数一元二次方程的一个实根;
∴ 故选(b)
法二:去分母,移项,两边平方得:
故选(b)
点评解法一通过简单转化,敏锐地抓住了数与式的特点,运用方程的思想使问题得到解决;解法二转化为是、的函数,运用重要不等式,思路清晰,水到渠成。
原方程可化为 ∵是函数的函数值。
问题等价于求函数的值域。 记。
问题又化为求函数()的值域。 记。
即的取值范围为。
6.或。解析 ∵,
原题转化为:恒成立,为的一次函数(这里思维的转化很重要)
当时,不等式不成立。,令,
问题转化为在上恒大于0,则:;
解得:或。评析首先明确本题是求的取值范围,这里注意另一个变量,不等式的左边恰是的一次函数,因此依据一次函数的特性得到解决。在多个字母变量的问题中,选准“主元”往往是解题的关键。
7.或 分析:不等式恒成立问题,如果能分离系数,就可以转化为函数的最值来处理。
解: 设,,则。
原不等式可化为,原问题等价于大于函数,的最大值,得或即实数的取值范围为或。
解:由已知,得(其中),函数为反比例函数,在()上为单调递减,所以当时,又因为对于任意的,都有,所以,因为有且只有一个常数符合题意,所以,解得,所以的取值的集合为。
9.解:(1)设的公差为,由题意,且,数列的通项公式为。
2)由题意对均成立,记,则。
即随增大而增大,的最小值为,即的最大值为。
10.简析:把握方程根的意义,构建二次方程的判别式和函数的单调性和不等式结论求解。
1)由知,或。
即,是方程的两根。
所以,即。因为且,所以,所以,即即。
因为,所以
设的两根,.由,可知其中一根为1,另一根为。
由, ,知。
因为且,所以即即即。
所以即。设。
由(1)知或。
若,则故。又在上为增函数,所以。
同理,当时,有。故和中至少有一个为正数。
基础大题自测(九)参***。
1.解:(1)由得即
由于是的内角,故可得。
2)由及可得,即。
由正弦定理得。
所以,所以。
由知故。所以。
即的取值范围为。
2.解: 1 由题意可知甲 ~ b(5, p1),d 甲 = 5p1 1-p1 = p12-p1 + 0 p1 =.
又·= 6,∴ p2 =.
2 设事件a, b分别表示甲、乙能击中.
a, b互相独立
p a· b = p a p b = 1-p a 1-p b = 1-p1 1-p2 =×
1-p a· b =为所求概率.
3 两种情况:
击中3次概率。
c 2 0×c 1 1 + c 1 1×c 2 0 =;
击中4次概率。
c 2 0×c 2 0 =.
所求概率为 +
3.解:(1)由折起的过程可知,平面,
2),时, ,单调递增;时, ,单调递减;
时,取得最大值;
3)过作交与,则,在中,, 异面直线与所成角的余弦值为;
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