第1章信号与系统的概述。
1.6本章习题全解。
1.1已知信号波形,写出信号表达式。
ab)解:(a)
b)1.2已知信号的数学表达式,求信号波形。
解:(1)信号区间在[1,2]之间,振荡频率为,周期为1,幅值按趋势衰减,波形如图1-2-1;
2)信号区间在[-1,1]之间,在[-1,0]区间呈上升趋势,在[0,1]区间呈下降趋势,波形如图1-2-2;
图1-2-1图1-2-2
3)信号为正弦信号经时移的叠加而成,由于每次时移间隔为半个周期,所以偶次时移与奇次时移的结果相抵消,结果如图1-2-3;
4)结果如图1-2-4
图1-2-3图1-2-4
5)结果如图1-2-5
图1-2-5
6)结果如图1-2-6
图1-2-6
1.3分别求下列各周期信号的周期。
3) (为正整数,t为周期)
解:(1)当满足(k为整数)时,
即k=1时,为的周期,同理,的周期为;
所以的周期为。
当满足(k为整数)时,,即,即k=1时,为的周期。
3)根据表达式,可画出信号的波形为。
从图中可以看出周期为2t。
1.4求下列表示式的函数值。
7) 已知求。解:(1)
上式中为偶函数,为奇函数。
1.5已知信号的波形如下图1.5所示,试画出下列各信号的波形。
题图1-5解:(1)先将在横坐标轴上向右平衡3,再进行压缩,得波形如图1-5-1;
图1-5-1
2)过程及结果如图1-5-2所示;
图1-5-2
3)过程及结果如图1-5-3所示;
图1-5-3
1.6已知的波形如图1-6所示,试画出的波形。
题图1-6解:本题有两种求解方式:
解法一:(1)将信号以纵坐标为轴翻褶,得波形。
2)将的波形在横坐标上扩伸2倍,得波形。
3)将的波形向右移动5,得的波形。
图1-6-1
解法二:(1)将信号以波形向右移动5/2,得波形。
2)将波形的在横坐标上扩伸2倍,得波形。
3)将的波形以纵坐标为轴翻褶,得的波形;
图1-6-2
1.7求下列函数的微分和积分。
解:(1)
1.8试证明:
证明:1.9粗略画出题图1.7所示各波形的奇、偶分量。
题图1.7解:(1)根据信号的奇、偶分量的定义,现求出。
图1-9-1
图1-9-2
1.10试证明因果信号的奇分量和偶分量之间存在关系式。
证明:因为为因果信号。
所以, 所以,
所以,证毕。
1.11分别求出下列各波形的直流分量。
1) 全波整流;
2) 升余弦函数。
解: 求解信号波形的直流分量,实际上即为求解信号的平均值,对于周期信号,只需求一个周期内的平均值即可。
1)的周期为,所以其直流分量为:
(2)因为在一个周期内均值为0,所以。
1.12画出下列系统的框图。
解:(1)系统方程两边同除以2,得。
图1-13-1
图1-13-2
1.13判断下列系统是否为线性的、时不变的、因果性。
解: (1)
即系统非线性。
即系统为时变系统。
由于任意时刻的输出只与时刻的输入有关,而与时刻以后的输入无关,所以系统是因果系统。
所以,该系统是非线性、时变、因果系统。
即系统线性。
即系统为时变系统。
由于任意时刻的输出只与时刻的输入有关,而与时刻以后的输入无关,所以系统是因果系统。
所以,该系统是线性、时变、因果系统。
即系统线性。
即系统为时不变系统。
由于任意时刻的输出只与时刻的输入的微分有关,而与时刻以后的输入无关,所以系统是因果系统。
所以,该系统是线性、时不变、因果系统。
即系统非线性。
即系统为时不变系统。
由于任意时刻的输出只与时刻输入的平方有关,而与时刻以后的输入无关,所以系统是因果系统。
所以,该系统是非线性、时不变、因果系统。
即系统线性。
即系统为时变系统。
当时,,,说明系统在的输出与时刻以后的输入有关,所以系统为非因果系统。
所以,该系统是线性、时变、非因果系统。
即系统线性。
即系统为时不变系统。
系统在的输出与时刻和时刻的输入有关,所以系统为非因果系统。
所以,该系统是线性、时不变、非因果系统。
即系统非线性。
即系统为时不变系统。
系统在的输出只与时刻的输入有关,与时刻以后的输入无关,所以系统为因果系统。
所以,该系统是非线性、时不变、因果系统。
即系统线性。
即系统为时变系统。
系统在的输出只与时刻的输入有关,与时刻以后的输入无关,所以系统为因果系统。
所以,该系统是线性、时变、因果系统。
1.14 将以下信号分类为功率信号、能量信号,或者两者都不是。在可能的情况下,求出信号的功率和能量。
解:(1)
所以为能量有限信号,信号的能量为1/4。
2) 该信号为有限区间信号,所以为能量信号。
根据题(1)的求解可得,e=1,所以信号为能量有限信号。
采用分布积分可得。
所以,信号为能量有限信号。
所以信号为能量有限信号。
所以不是能量有限信号。
所以该信号为功率有限信号,功率为1
1.15判断下列系统是否是可逆的。若可逆,则给出它的可逆系统;若不可逆,指出使系统产生相同输出的两个输入信号。
解:对不同的激励信号能产生不同响应的系统是可逆的。
1)该系统可逆,其逆系统为。
2)当激励信号为常数时,输出均为0。即不同的激励产生相同响应,所以系统不可逆。
3)该系统可逆,
4)该系统可逆,
1.16 有一线性时不变系统,初始时刻系统无储能,当激励为时,响应为。
试求当激励为时,系统的响应。
解: 第2章线性时不变连续系统的时域分析。
2.6本章习题全解。
2.1如题图2-1所示机械位移系统,质量为的刚体一端由弹簧牵引,弹簧的另一端固定在壁上,弹簧的刚度系数为。刚体与地面间的摩擦系数为,外加牵引力为,求外加牵引力与刚体运动速度间的关系。
题图2-1解:由机械系统元件特性,拉力与位移成正比,即。
又。所以,
刚体在光滑表面滑动,摩擦力与速度成正比,即。
根据牛顿第二定律以及整个系统力平衡的达朗贝尔原理,可得。
整理得。2.2题图2-2所示电路,输入激励是电流源,试列出电流及上电压为输出响应变量的方程式。
题图2-2解:由电路的基尔霍夫电流定律可得: (1)
根据电容特性, (2)
由电路的基尔霍夫电压定律可得: (3)
将代入(2)得。
代入(4)得,整理得, (5)
将,即代入(5)得。
整理得, 2.3某连续系统的输入输出方程为
已知,,,试计算和值。
解:将输入代入系统方程可得。
采用冲激函数匹配法求和。
方程右端的冲激函数项最高阶数为,设。
则有:,将其代入原系方程,得。
所以。2.4 已知描述某线性时不变连续系统的微分方程如下, ,试求其完全响应。
解:(1)求齐次解。
特征方程为:
特征根为:
所以, 2)求特解。
3)全响应。
将代入系统方程得。
将初始条件代入。
得: 所以全响应为:
2.5 已知描述某线性时不变连续系统的微分方程为。
当激励为时,系统的完全响应为,。试求其零输入响应、零状态响应、自由响应和强迫响应。
解:由全响应得初始条件,
1)求零输入响应。
特征方程为,特征根为,
所以。代入初始条件,,解得,
所以, 2)求零状态响应。
2.6 已知某线性时不变系统的方程式为。
试求系统的冲激响应h(t)。
解:方程右端的冲激函数项最高阶数为,设。
则有:,将其代入原系方程,得。
2.7若描述系统的微分方程为。
试求系统的阶跃响应。
解:由题可知:
阶跃响应:2.8已知某线性时不变(lti)系统如题图2.8所示。已知图中,,,试求该系统的冲激响应。
题图2.8解:利用系统串联与系统并联的冲激响应求解。
2.9 设系统的微分方程表示为,求使完全响应为时的系统起始状态和,并确定常数。
解:引入微分算子,则原微分方程可变换为:
又由原微分方程知特征根为:
所以: 2.10 已知某连续系统的微分方程为
若系统的初始条件和,输入信号,求系统的零输入响应,零状态响应和完全响应。
1)零输入响应满足方程。
其值。方程特征根,,故零输入响应。
将初始值代入上式及其导数,得。
由上式解得,,所以。
2)零状态响应是初始状态为零,且时,原微分方程的解,即满足方程。
即。及初始状态。先求和,由于上式等号右端含有,令。
积分(从到)得。
将、和代入微分方程可求得。对以上三式等号两端从到积分,并考虑到,,可求得。
解上式,得,。
对于,微分方程可写为。
不难求得其齐次解为,其特解为。于是有。
将初始值代入上式及其导数,得。
由上式可求得,,所以系统的零状态响应为。
3)全响应。
2.11已知一线性时不变系统,在相同初始条件下,当激励为时,其全响应为 ;
当激励为时,其全响应为
求:(1)初始条件不变,当激励为时的全响应,为大于零的实常数。
(2)初始条件增大1倍,当激励为时的全响应。
解:系统的全响应是由零输入响应和零状态响应组成的,零输入响应与系统的状态呈线性关系,零状态响应与系统的输入呈线性时不变关系。
设 (1)则根据零状态响应线性可得。
联立(1)、(2)得。
1)初始条件不变,激励为时,则。
2)初始条件增大1倍,当激励为时。
2.12 求下列各函数和的卷积。
1) 和 2) 和
3) 和 4) 和
5) 和 6),解:(1)
当即时,当即时,故有。
2.13已知某线性时不变系统数学模型为。
信号与系统答案
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2011 2012学年度第1学期期末考试试卷 c卷 开课学院 物电课程名称 信号与系统考试形式 闭卷所需时间 120分。注意事项 1 教师出题时请勿超出边界虚线 2 学生答题前将密封线外的内容填写清楚,答题不得超出密封线 3 答题请用蓝 黑钢笔或圆珠笔。一 填空题 每题2分,共20分 1 等于。2 ...
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第三十三套参 一 解。3 由列表法可得零状态响应为 因为 6.信号的最高频率为,根据傅立叶变换的展缩特性可得信号的最高频率。根据傅立叶变换的乘积特性,两信号时域相乘,其频谱为该两信号频谱的卷积,故的最高频率为。根据时域抽样定理,对信号取样时,其频谱不混叠得最大取样间隔为。7.由于信号s域表达式中有一...