1.（2012海南卷）如图，e为内阻不能忽略的电池，r1、r2、r3为定值电阻，s0、s为开关，v与a分别为电压表与电流表。初始时s0与s均闭合，现将s断开，则。
a. 的读数变大，的读数变小。
b. 的读数变大，的读数变大。
c. 的读数变小，的读数变小。
d. 的读数变小，的读数变大。
解析：s开，相当于电阻变大，总电流减小，故端电压增大，的读数变大，把r1归为内阻，则r3中的电压也增大，r3中的电流也增大，r3中的电压也增大。
2．（2012浙江卷）.功率为10w的发光二极管（led灯）的亮度与功率为60w的白炽灯相当。根据国家节能战略，2024年前普通白炽灯应被淘汰。
假设每户家庭有2只60w的白炽灯，均用10w的led灯替代。估算出全国一年节省的电能最接近（ ）
a.8×108kw·h b. 8×1010kw·h c. 8×1011kw·h d. 8×1013kw·h
答案：b3．（2012上海卷）．如图，低电位报警器由两个基本的门电路与蜂鸣器组成，该报警器只有当输入电压过低时蜂鸣器才会发出警报。其中。
a）甲是“与”门，乙是“非”门。
b）甲是“或”门，乙是“非”门。
c）甲是“与”门，乙是“或”门。
d）甲是“或”门，乙是“与”门。
答案：b4．（2012上海卷）．当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为0.3c，消耗的电能为0.
9j。为在相同时间内使0.6c的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和消耗的电能分别是。
a）3v，1.8j （b）3v，3.6j （c）6v，1.8j （d）6v，3.6j
答案：d5．（2012上海卷）．直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片p向右移动时，电源的。
a）总功率一定减小
b）效率一定增大。
c）内部损耗功率一定减小
d）输出功率一定先增大后减小。
答案：a、b、c，6．(2012全国理综).一台电风扇的额定电压为交流220v。
在其正常工作过程中，用交流电流表测得某一段时间内的工作电流i随时间t的变化如图所示。这段时间内电风扇的用电量为。
a.3.9×10-2度。
b.5.5×10-2度。
c.7.8×10-2度。
d.11.0×10-2度。
解析】 根据计算得b正确。
答案】b7．(2012全国理综).（6分）
在黑箱内有一由四个阻值相同的电阻构成的串并联电路，黑箱面板上有三个接线柱.用欧姆表测得接线柱之间的电阻为接线柱之间的电阻为接线柱之间的电阻为2.5ω。
1）在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式；
2）如果将接线柱用导线连接起来接线柱之间的电阻为___
解析与答案】
1）如下图。
2）两电阻并联为。
8．（2012北京高考卷）．（18分）
在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm．
（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数应为mm（该值接近多次测量的平均值）
（2）用伏安法测金属丝的电阻rx．实验所用器材为：电池组(电动势为3v，内阻约1ω)、电流表(内阻。
约0.1ω)、电压表(内阻约3kω)、滑动变阻器r(0~20ω，额定电流2a)、开关、导线若干．
某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：
由以上数据可知，他们测量rx是采用图2中的___图(选填“甲”或“乙”)．
（3）图3是测量rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片p置于变阻器的一端．
请根据图(2)所选的电路图，补充完成图3中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表。
不至于被烧坏．
（4）这个小组的同学在坐标纸上建立u、i坐标系，如图4所示，图中已标出了测量数据对应的4个坐标点．请在图4中标出第次测量数据坐标点，并描绘出u─i图线．由图线得到金属丝的阻值rx保留两位有效数字)．
（5）根据以上数据可以估算出金属丝的电阻率约为填选项前的符号)．
a．1×10-2ωm b．1×10-3ωm c．1×10-6ωm d．1×10-8ωm
（6）任何实验测量都存在误差．本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是有多个正确选项)．
a．用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于系统误差。
b．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差。
c．若将电流表和电压表内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差。
d．用u─i图像处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差。
答案：（1）（0.395~0.3992）甲3）如答图3
（4）如答图3 （4.3~4.75）c6）cd
9.（2012山东卷）（2）在测量金属丝电阻率的试验中，可供选用的器材如下：
待测金属丝：（阻值约，额定电流约）；
电压表：（量程，内阻约）；
电流表：（量程，内阻约）；
量程，内阻约）；
电源：（电动势3v，内阻不计）
电动势12v，内阻不计）
滑动变阻器：（最大阻值约）
螺旋测微器；毫米刻度尺；开关s；导线。
用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为mm。
若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选 、电源应选 （均填器材代号），在虚线框中（间答题卡）完成电路原理图。
答案：（2）1.773【1.7711.775均正确】
a1；e1；电路图如右。
解析： 1．773【1．771～1．775均正确】
电压表量程3v，所以电源应选e1，通过待测金属丝的最大电流约为a，所以电流表应选a1。电路图如右。
10.（2012四川卷） (2)某学习小组的同学拟**小灯泡l的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：
小灯泡l，规格“4.0v．0.7a”；
电流表a1，量程3a，内阻约为0.1ω;
电流表a2，量程0.6a，内阻r2=0.2ω;
电压表v，量程3v，内阻rv=9kω；
标准电阻r1，阻值1ω；
标准电阻r2，阻值3 kω;
滑动变阻器r，阻值范围o~ 10ω,；
学生电源e，电动势6v，内阻不计；
开关s及导线若干。
①甲同学设计了如图1所示的电路来进行测量，当通过l的电流为0.46a时，电压表的示数如图2所示，此时l的电阻为___
②乙同学又设计了如图3所示的电路来进行测量，电压表指针指在最大刻度时，加在l上的电压值是___v。
③学习小组认为要想更准确地描绘出l完整的伏安特性曲线，需要重新设计电路。请你在乙同学的基础上利用所供器材，在图4所示的虚线框内补画出实验电路图，并在图上标明所选器材代号。
答案】：①5 ② 4 ③见下图中的答图1或答图2。
分析点拨】先分析图1、图3的弊端，在扩充量程的同时，还要尽可能做到排除电流表的分压以及电压表的分流。
解析】：①电压表示数2.3v，。
②v。③准确地描绘出l完整的伏安特性曲线，需要将电流电压调节达到小灯泡的额定值。测量准确3a电流表不能使用，3v电压表和0.
6a电流表量程不够必须改装；将电压表和串联，刚好满足4 v量程（小灯泡额定）；电流的与并联即可将电流量程扩至0.72 a（额定为0.7 a）。
两表改装完毕之后，再考虑内、外接的问题。由于改装后的电压表量程刚好等于小灯泡额定电压，也就不适于将改装后的安培表内接了，否则电压表会超量程的。这里最好采用外接法，即答图1。
考点定位】本是考查电学实验：“**小灯泡l的伏安特性曲线”。考查了电压表读数，欧姆定律，电压表、电流表的改装，电流设计。
11.（2012四川卷）．（16分）
四川省“十二五”水利发展规划指出，若按现有供水能力测算，我省供水缺口极大，蓄引提水是目前解决供水问题的重要手段之一。某地要把河水抽高20m，进入蓄水池，用一台电动机通过传动效率为80%的皮带，带动效率为60%的离心水泵工作。工作电压为380v，此时输入电动机的电功率为9kw，电动机的内阻为0.
4ω。已知水的密度为1×l03kg/m3，重力加速度取10m/s2。求：
(1)电动机内阻消耗的热功率；
2)将蓄水池蓄入864m3的水需要的时间（不计进、出水口的水流速度）。
答案：．解：
l)设电动机的电功率为p，则p=ui
设电动机内阻r上消耗的热功率为pr，则pr=i2r
代入数据解得pr=1×103w
说明：①③式各2分，②式3分。
2)设蓄水总质量为m，所用抽水时间为t。已知抽水高度为h，容积为v，水的密度为ρ，则。
m=ρv ④
设质量为m的河水增加的重力势能为△ep，则△ep=mgh
设电动机的输出功率为p0，则p0=p-pr
根据能量守恒定律得 p0t×60%×80%=△ep
代人数据解得 t=2×l04s
说明：④⑤式各1分，⑥⑧式各2分，⑦式3分。
12.（2012天津卷）某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻，他设计了一个用标准电流表g1来校对待测电流表g2的满偏电流和测定g2内阻的电路，如图所示，已知g1的量程略大于g2的量程，图中r1为滑动变阻器，r2为电阻箱，该同学顺利完成了这个实验。
实验过程包含以下步骤，其合理的顺序依次为填步骤的字母代号）
a．合上开关s2
b．分别将r1和r2的阻值调至最大。
c．记下r2的最终读数。
d．反复调节r1和r2的阻值，使g1的示数仍为i1，使g2的指针偏转到满刻度的一半，此时r2的最终读数为r
e．合上开关s1
f．调节r1使g2的指针偏转到满刻度，此时g1的示数仍为i1，记下此时g1的示数。
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