年山东文科高考题 椭圆

发布 2022-03-20 00:56:28 阅读 6930

2010山东(22)(本小题满分14分)

如图,已知椭圆过点。,离心率为,左、右焦点分别为、

.点为直线上且不在轴上的任意。

一点,直线和与椭圆的交点分别为、

和、,为坐标原点。

(i)求椭圆的标准方程;

(ii)设直线、的斜线分别为、.

(i)证明:;

(ii)问直线上是否存在点,使得直线、、、的斜线、、、满足?若存在,求出所有满足条件的点的坐标;若不存在,说明理由。

山东2011

22.(本小题满分14分)

在平面直角坐标系中,已知椭圆.如图所示,斜率为且不过原点的直线交椭圆于,两点,线段的中点为,射线交椭圆于点,交直线于点.

ⅰ)求的最小值;

ⅱ)若,i)求证:直线过定点;

ii)试问点,能否关于轴对称?若能,求出此时的外接圆方程;若不能,请说明理由.

山东2012

21) (本小题满分13分)

如图,椭圆的离心率为,直线和所围成的矩形abcd的面积为8.

ⅰ)求椭圆m的标准方程;

ⅱ) 设直线与椭圆m有两个不同的交点与矩形abcd有两个不同的交点。求的最大值及取得最大值时的值。

2013山东 22.(本小题满分14分)

在平面直角坐标系中,已知椭圆c的中心在原点o,焦点在轴上,短轴长为2,离心率为。

(i)求椭圆c的方程。

(ii)a,b为椭圆c上满足的面积为的任意两点,e为线段ab的中点,射线oe交椭圆c与点p,设,求实数的值。

2014山东 (21)(本小题满分14分)

在平面直角坐标系中,椭圆的离心率为,直线被椭圆截得的线段长为。

i)求椭圆的方程;

ii)过原点的直线与椭圆c交于a,b两点(a,b不是椭圆c的顶点). 点d在椭圆c上,且,直线bd与轴、轴分别交于m,n两点。

(i)设直线bd,am的斜率分别为,证明存在常数使得,并求出的值;

(ii)求面积的最大值。

2023年)(22)本小题主要考查椭圆的基本概念和性质,考查直线与椭圆的位置关系,考查数形结合思想、分类讨论思想以及探求解决新问题的能力。

(ⅰ)解:因为椭圆过点(1,),e=,所以,.

又,所以。故所求椭圆方程为.

(ii)(1)证明:

方法二:因为点p不在x轴上,所以。又。所以。

因此结论成立。

(ⅱ)解:设,,,

故。若,须有=0或=1.

①当=0时,结合(ⅰ)的结论,可得=-2,所以解得点p的坐标为(0,2);

②当=1时,结合(ⅰ)的结论,可得=3或=-1(此时=-1,不满足≠,舍去),此时直线cd的方程为,联立方程得,

因此 .综上所述,满足条件的点p的坐标分别为,(,

2023年)22.(i)解:设直线,由题意,

由方程组得。

由题意,所以。

设,由韦达定理得。

所以。由于e为线段ab的中点,因此。

此时。所以oe所在直线方程为。

又由题设知d(-3,m),令x=-3,得,即mk=1,所以。

当且仅当m=k=1时上式等号成立,此时由得。

因此当时,取最小值2。

(ii)(i)由(i)知od所在直线的方程为。

将其代入椭圆c的方程,并由。

解得。又,由距离公式及得。

由。因此,直线的方程为。

所以,直线。

ii)由(i)得。

若b,g关于x轴对称,则。

代入。即,解得(舍去)或。

所以k=1,此时关于x轴对称。

又由(i)得所以a(0,1)。

由于的外接圆的圆心在x轴上,可设的外接圆的圆心为(d,0),因此。

故的外接圆的半径为,所以的外接圆方程为。

2023年)(21)(i)……

矩形abcd面积为8,即……②

由①②解得:,椭圆m的标准方程是。

ii),设,则,由得。

当过点时,,当过点时,.

当时,有,[**:学科网]

其中,由此知当,即时,取得最大值。

由对称性,可知若,则当时,取得最大值。

当时,由此知,当时,取得最大值。

综上可知,当和0时,取得最大值。

2023年)22. 解:(ⅰ设椭圆的方程为,由题意得,解得,,所以椭圆的方程为.

ⅱ)(1)当,两点关于轴对称时,设直线的方程是,由题意知或。将代入得.

所以,解得或. ①

又,且点在椭圆上,所以,即. ②

由①②得或.又因,所以或.

2)当,两点关于轴不对称时,设直线的方程是,由消整理得,设,.由判别式得.

此时,所以.

因为点到直线的距离,所以.

又因,所以 ③,令,代入③整理得,解得或,即或 ④,又,且点在椭圆上,所以,即 ⑤,由④⑤得或.

又因,所以或.

综合(1)(2)得或.

2023年)21、(1)

设直线与椭圆交于两点。不妨设点为直线和椭圆在第一象限的交点。

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