高二数学寒假作业答案

发布 2020-02-28 12:19:28 阅读 9714

高二数学寒假作业1(解三角形)参***。

一、选择题

4、a 5、c 6、b 7、d

二、填空题。

三、解答题。

12、解:

13、解:(1)由题设知,2sinbcosa=sin(a+c)=sinb,因为sinb≠0,所以cosa=.由于0<a<π,故a=.

2)因为a2=b2+c2-2bccosa=4+1-2×2×1×=3,所以a2+c2=b2,所以b=.

因为d为bc中点,所以bd=,ab=1,所以ad==.

高二数学寒假作业(2)--数列参***。

一、选择题 bcaab b

二、填空题 7. 6 8. 67 9. 10. -2

三、解答题。

11.解:()由。

从第2项起组成等比数列.∴

12.解:(ⅰ由得 即。可得。

因为,所以解得。

(ⅱ)因为是首项、公比的等比数列,故。

的前n项和

前两式相减,得 即

为递增数列中最小项为。

高二数学寒假作业4参***。

1—6 dcacc b 7. +1 8. 12 9. 10. 2

11.(1)直线方程为4x-y-7=0.

2) p1p2的中点p的轨迹方程是2x2-y2-4x+y=0.

3)直线m是不存在的.

12.(1)点m的轨迹方程为+=1(x≠±2).

2)综上所述,在x轴上存在定点n,使·为常数.

高二数学寒假作业5(空间向量与立体几何)答案。

一、选择题。

b c b a b c c a b d

二、填空题。

11. 12. 60 13. 14. 以ab为直径的圆 15.

16.由,平面⊥平面得平面.

所以为ef与平面所成的角,

i)在中,可求得

ⅱ)建立如图所示的空间直角坐标系a-xyz,设,则,,,

故异面直线eg与bd所成的角的余弦值为.

17(i)证明:四棱柱abcd—a1b1c1d1中,bb1//cc1,又面abb1a1,所以cc1//平面abb1a1,

abcd是正方形,所以cd//ab,又cd面abb1a1,ab面abb1a1,所以cd//平面abb1a1,

所以平面cdd1c1//平面abb1a1,所以c1d//平面abb1a1

(ii)解:abcd是正方形,ad⊥cd

因为a1d⊥平面abcd,所以a1d⊥ad,a1d⊥cd,如图,以d为原点建立空间直角坐标系d—xyz。

在中,由已知可得。

所以,因为a1d⊥平面abcd,所以a1d⊥平面a1b1c1d1

a1d⊥b1d1。

又b1d1⊥a1c1,所以b1d1⊥平面a1c1d 所以平面a1c1d的一个法向量为n=(1,1,0)

设与n所成的角为, 则

所以直线bd1与平面a1c1d所成角的正弦值为

(iii)解:平面a1c1a的法向量为

则所以 令可得。

则。所以二面角的余弦值为

18.(1)证明连接bd,设ac交bd于点o,由题意知so⊥平面abcd,以o点为坐标原点,分别为x轴、y轴、z轴的正方向,建立空间直角坐标系oxyz,如图.设底面边长为a,则高so=a.

于是s(0,0, a),d,c,b,, 0.故oc⊥sd,因此ac⊥sd.

2)解由题意知,平面pac的一个法向量=,平面dac的一个法向量=,设所求二面角为θ,则cos θ=故所求二面角p—ac—d的大小为30°.

3)解在棱sc上存在一点e使be∥平面pac.

由(2)知是平面pac的一个法向量,且=,=设则=.

由=0,得t=, 即当se∶ec=2∶1时,.

而be不在平面pac内,故be∥平面pac.

高二数学寒假作业6参***。

bcbdd 6.2,-2 7. 8.

9.包装盒容积(cm)最大, 此时包装盒的高与底面边长的比值为。

ⅱ)对任意的都有≥成立等价于对任意的都有≥. 当[1,]时,.

函数在上是增函数,且,.

当且[1,]时,函数在[1,]上是增函数,.由≥,得≥,又,∴不合题意。

当时,若1≤<,则,若<≤,则.

函数在上是减函数,在上是增函数.

由≥,得≥,又1

当且[1,]时,函数在上是减函数.

.由≥,得≥,又,∴.

综上所述,的取值范围为.

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