1.用如图（a)所示的实验装置验证机械能守恒定律。
为了减少___带来的误差，打点计时器的两个限位孔中心连线应在一条竖直线上。
实验操作时，先___再___选填“释放纸带”、“接通打点计时器电源”）
如图（b)是某次实验的一条纸带，a、b、c、d、e、f、g是连续的七个点。 为验证重锤对应b点和f点时的机械能是否相等，并使数据处理简便，应测量___两点间的距离，__两点间的距离和b、f两点间的距离。
若重物质量为0.200kg, b、f间的距离为12. 00cm, g取9.
8m/s2。对应b到f 的下落过程中，重锤重力势能的减少量△ep=__j (计算结果保留三位有效数字）。
2.在“测定金属的电阻率”的实验中，为了安全、准确、方便地完成实验：
除电源（电动势为4v，内阻很小）、电压表v（量程3v，内阻约3kω），待测金属丝（约3ω）、导线、开关外，电流表应选用 ，滑动变阻器应选用 （选填下列器材的字母符号）．
a．电流表a1（量程600ma，内阻约1ω） 电流表a2（量程3a，内阻约0.02ω）
b．滑动变阻器r1（总阻值10滑动变阻器r2（总阻值100ω）
若用右图所示的电路测量金属丝的电阻，电压表的左端应与电路中的___点相连（选填“a”或“b”）．若某次测量中，金属丝的长度为l，直径为d，电压表和电流表读数分别为u和i，请用上述直接测量的物理量（d、l、u、i）写出电阻率ρ的计算式。
3.用伏安法测一节干电池的电动势e和内电阻r．
根据原理图甲连接实物图，要求滑动变阻器的触头在左端时，其使用的电阻值最大．
由实验测得的7组数据已在图乙的u-i图上标出，分析图象可知路端电压变化填太大或太小），影响了测量的精确性，原因是为了较精确地测量， 可采用图丙的原理图，r0=1.5ω，滑动变阻器应选用_ （填“0~10ω”或“0~200ω”）
4．在“测定金属导体的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻rx 约为5。实验室备有下列实验器材。
a．电压表v1(量程3v，内阻约为15k)
b．电压表v2 (量程15v，内阻约为75k)
c．电流表a1(量程3a，内阻约为0.2)
d．电流表a2(量程600ma．，内阻约为1)
e．变阻器r1 (0～20，0.6a)
f．变阻器r2 (0~2000，0.1 a)
g．电池e(电动势为3v，内阻约为0.3)
h．开关s，导线若干。
1)为提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有 。（填写器材前面序号）
2)图1为该实验的电原理图，请将图2用实线补画完整（部分已画出）。
5．（18分）（1）(8分)用图（a）所示的实验装置验证牛顿第二定律。
某同学通过实验得到如图（b）所示的a—f图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时图中a0表示的是时小车的加速度。
某同学得到如图（c）所示的纸带。已知打点计时器电源频率为50hz． a、b、c、d、e、f、g是纸带上7个连续的点。= cm。
由此可算出小车的加速度am/s2（保留两位有效数字）。
2）(10分)在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻”的实验中，提供的器材有：
a．干电池一节。
b．电流表（量程0.6a）
c．电压表（量程0～3v
d. 电键s和若干导线。
e. 滑动变阻器r(最大阻值20ω，允许最大电流2a)
为使测量尽可能精确，请根据原理图甲用笔画线代替导线将如图乙所示的实物图连成实验电路（已连接了部分线）。
完成下列实验步骤中所缺的内容：
a．按实验要求连接好电路，使滑动变阻器以阻值。
接入电路中（选填“最大”或“最小”）。
b．闭合电键，移动滑动变阻器的滑片，使电压表和电流表的指针有明显偏转，读取电压表和电流表的示数。
c．继续移动并再次读取电压表和电流表的示数。用同样方法测量多组数据。
d．断开电键，整理好器材，进行实验数据处理。
将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，作出u—i图线，由此求得待测电池的电动势e= v，内电阻r结果保留三位有效数字）
6．(18分) 如图所示，区域ⅰ中有竖直向上的匀强电场，电场强度为e； 区域ⅱ内有垂直纸面向外的水平匀强磁场，磁感应强度为b；区域ⅲ中有垂直纸面向里的水平匀强磁场，磁感应强度为2b。一质量为m、带电量为q的带负电粒子（不计重力）从左边界o点正上方的m点以速度v0水平射入电场，经水平分界线op上的a点与op成60°角射入ⅱ区域的磁场，并垂直竖直边界cd进入ⅲ区域的匀强磁场中。求：
（1）粒子在ⅱ区域匀强磁场中运动的轨道半径；（2）o、m间的距离；（3）粒子从第一次进入区域ⅲ到离开区域ⅲ所经历的时间t3。
7．(18分) 如图，竖直平面内存在水平向右的匀强电场，场强大小e=10n／c，在y≥0的区域内还存在垂直于坐标平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小b=0.5t一带电量、质量的小球由长的细线悬挂于点小球可视为质点，现将小球拉至水平位置a无初速释放，小球运动到悬点正下方的坐标原点时，悬线突然断裂，此后小球又恰好能通过点正下方的n点。(g=10m／s)，求：
(1)小球运动到点时的速度大小；(2)悬线断裂前瞬间拉力的大小；(3)间的距离。
8. (18分)如图所示，一滑板b静止在水平面上，上表面所在平面与固定于竖直平面内、半径。
为r的1/4圆形光滑轨道相切于q。一物块a从圆形轨道与圆心等高的p点无初速度释放，当物块经过q点滑上滑板之后即刻受到大小f=2μmg、水平向左的恒力持续作用。已知物块、
滑板的质量均为m，物块与滑板间的动摩擦因数，滑板与水平面间的动摩擦因数，物块可视为质点，重力加速度取g。
（1）求物块滑到q点的速度大小；
（2）简单分析判断物块在滑板上滑行过程中，滑板是否滑动；
（3）为使物块不从滑板上滑离，滑板至少多长？
2023年模拟训练（二）答案。
2.① a1 r1 ②b （每空2分，共8分）
4．（1）a 、d、e、g、h （4分）
2）连线如图（4分）
说明：电流表外接法、滑动变阻器分压式接法有一处错误均不得分）；
5．（18分）
1）（8分）①长木板的倾角过大（2分，能答到这个意思即可）；未挂砂桶（2分）。
1.80（2分，填1.8也可）； 5.0 （2分）
2) （10分）①所连实物图如答图所示。（2分）
最大 （2分）； 滑动变阻器的滑片。（2分）
e=1.48v，（2分）； r=0.40ω （2分）
6．(18分)
解：（1）粒子在匀强电场中做类平抛运动，设粒子过a点时速度为v，由类平抛规律知 （3分）
粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得： （1分）
所以 （2分）
2）设粒子在电场中运动时间为t1，加速度为a，则有 （2分）
（2分）即。
o、m两点间的距离为 （2分）
3）设粒子在ⅲ区域磁场中运行时间为t3，粒子在ⅲ区域磁场中运行为t3，则：
⑧ （2分）
由①②式可得： ⑨1分）
则： （2分）
由⑩式可得：（1分）
7.（18分）解：1）小球从a运到o的过程中，根据动能定理：
3分）则得小球在点速度为：……2分）
（2）小球运到点绳子断裂前瞬间，对小球应用牛顿第二定律：
3分）1分）
由③、④得2分）
（3）绳断后，小球做匀变速曲线运动，可分解为水平方向匀变速和竖直方向自由落体运动。
所以，小球水平方向加速度大小为2分）
小球从点运动至点所用时间2分）
竖直方向间距离3分）
8.（18分）解：（1）物块a从p点运动到q点的过程中，由动能定理有：
3分）解得3分）
（2）物块与滑板间的滑动摩擦力 （1分）
滑板与水平面间的滑动摩擦力（1分）
故物块在滑板上滑行的过程中，滑板将向左滑动。 （2分）
（3）对于物块与滑板构成的系统，，系统动量守恒定律：
2分）解得2分）
设滑板的长度至少为l，物块与滑板共速前滑板滑行的位移为l1，对于系统由动能定理有：
2分）（说明：此处分别对物块、滑板列动能定理求解，也可得分）
解得： （2分）
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