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课时提升作业十六。
电功率。一、选择题。
1.下列用电器工作时，将电能全部转化为内能的是 (
解析】选b。电风扇是把电能转化为机械能和内能，电水壶是把电能全部转化为内能，电视机工作时，电能主要转化为声能、光能和内能，微波炉将电能转化为电磁能，故选b。
2.(2017·北京二模)如图所示，电能表的示数是 (
a.2 017.5 kw·h
b.20 175 kw·h
c.2 017.5 j
d.201 175 j
解析】选a。从电能表上可以看出电能表的示数为2 017.5,最后一位是小数，单位是kw·h,故电能表的读数为2 017.5 kw·h。故选a。
特别提醒】电功率是表示电流做功快慢的物理量，根据公式w=pt知，电流通过用电器时做功的多少由电功率和通电时间共同决定。注意以下说法是错误的：
1)用电器的电功率越大，电流做功越多。
2)通电时间越长，电流做功越多。
3.甲灯泡标有“12 v 3 w”,乙灯泡标有“12 v 8 w”,若把这两只小灯泡接在12 v的电源上，则以下情况正确的是 (
a.串联后甲灯比乙灯亮
b.串联后乙灯比甲灯亮。
c.并联后甲灯比乙灯亮
d.并联后甲、乙两灯一样亮。
解析】选a。由p=可知r=,已知两灯的额定电压相同，甲的额定功率小，所以甲灯的电阻大；串联电路中电流处处相等，当两灯串联时，由p=i2r可知甲灯的电阻大，甲的实际功率大，所以甲灯较亮，故a正确，b错误；并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等，甲、乙两灯正常发光乙的实际功率大，所以乙灯较亮，故c、d错误。故选a。
4.如图所示，干路上的电流i恒为1 a不变，滑动变阻器规格为“15ω 1 a”,小灯泡l上标有“6 v 3 w”字样。忽略温度对小灯泡阻值的影响，则 (
a.小灯泡l正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻为6ω
b.当滑片p移到最左端时，通过小灯泡的电流为1 a
c.在滑片p向左移动过程中，并联电路两端电压会减小。
d.在滑片p向左移动过程中，并联电路消耗的总功率会增大。
解析】选c。本题主要考查与电功和电功率相关的知识点。当小灯泡l正常发光时，通过l的电流i===0.5 a,则通过滑动变阻器的电流i=i总-il=1 a-
0.5 a=0.5 a。
滑动变阻器两端电压u=ul=6 v,故r滑===12ω,故a错。当滑片p移到最左端时，灯泡l被短路，没有电流通过，故b错。滑片p向左移动过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻减小，由于滑动变阻器与灯l并联，根据并联电路的特点，因此并联电路部分的总电阻减小，即并联电路两端电压会减小，故。
c对。当滑片p向左移动过程中，由p=i2r知，i不变，r变小，故并联电路消耗的总功率会变小，故d错。
5.已知一台直流电动机两端的电压为6 v,通过电动机的电流为2 a,线圈的电阻为0.5ω。则在1 min内电动机消耗的电能及产生的热量分别为 (
a.720 j 120 jb.720 j 720 j
c.720 j 600 jd.600 j 120 j
解析】选a。本题考查电能与电热的计算。电动机线圈产生的热量q=i2rt=(2 a)2×0.
5ω×60 s=120 j,1 min内电动机消耗的电能w=uit=6 v×2 a×60 s=720 j,故选a。
6.(2017·临沂模拟)某同学家中有一个电磁炉，上面标有“220 v 2 000 w”的字样，下面关于这个电磁炉的说法中正确的是 (
a.使用这个电磁炉时应连接额定电流为10 a的保险丝。
b.这个电磁炉在正常工作时的电阻为484ω
c.这个电磁炉工作时的电功率是2 000 w
d.这个电磁炉正常工作0.5 h消耗电能为0.5 kw·h
解析】选a。由p=ui可得，电磁炉的额定电流i==≈9.1 a,保险丝的额定电流10 a略大于电磁炉的额定电流，故a正确；电磁炉是非纯电阻用电器，欧姆定律不成立，无法计算电磁炉正常工作时的电阻，故b错误；电磁炉只有两端电压为额定电压时，即正常工作时，其消耗的电功率才为额定功率2 000 w,故c错误；由p=可得，电磁炉正常工作0.
5 h消耗的电能w=pt=2 kw×0.5 h=1 kw·h,故d错误。故选a。
7.如图所示，闭合开关s,当滑动变阻器的滑片p向右滑动时，下列判断正确的是。
a.电流表示数变小。
b.电压表示数变小。
c.灯泡变亮。
d.滑动变阻器消耗的功率变大。
解析】选a。本题考查动态电路的分析。由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源电压。
滑片p向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器两端电压不变，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，灯泡两端电压不变，通过灯泡的电流不变，则干路电流减小，电流表示数减小，故a正确；电压表测电源电压，电源电压不变，电压表示数不变，故b错误；灯泡两端电压不变，通过灯泡的电流不变，灯泡实际功率不变，灯泡亮度不变，故c错误；滑动变阻器两端电压不变，滑动变阻器接入电路的阻值增大，由p=可知，滑动变阻器功率减小，故d错误；故选a。
8.(2017·滨州二模)标有“6 v 3 w”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示。若把它与一只阻值为5ω的电阻串联接在电压为6 v的电路中，则整个电路消耗的功率为 (
a.3.2 wb.2.4 wc.2.1 wd.3 w
解析】选b。小灯泡与一个阻值r=5ω电阻串联接入电源电压是6 v的电路中，因串联电路中各处的电流相等，由i=可得，电源的电压：u=ir+ul,即6 v=i×5ω+ul,由图象可知，当灯泡两端的电压为4 v,通过的电流为0.
4 a时，上面等式成立；即5ω电阻与灯泡串联在6 v电路中时，电路中的电流为0.4 a;则整个电路消耗的功率：p=ui=6 v×0.
4 a=2.4 w。故选b。
9.如图所示，电源电压保持不变，r为定值电阻，在a、b两接线柱上接一个标有“6v 2 w”灯泡，闭合开关s,灯泡恰好正常发光；如果在a、b两接线柱间换一个标“6v 3 w”的灯泡，闭合开关s后，这只灯泡消耗的功率 (
a.小于3瓦b.大于3瓦。
c.等于3瓦d.不能确定。
解析】选a。由r=可知，当电压相同时，电功率越大，电阻越小；所以“6v 2 w”的灯泡电阻比“6 v 3 w”灯泡电阻大；把“6 v 3 w”的灯泡接入电路后，灯泡电阻变小，定值电阻阻值不变，灯泡分压变小，灯泡两端的电压小于6 v,灯泡两端电压小于其额定电压，灯泡的实际功率小于额定功率3 w。故选a。
特别提醒】电功率是表示电流做功快慢的物理量，根据公式w=pt知，电流通过用电器时做功的多少由电功率和通电时间共同决定。注意以下说法是错误的：
1)用电器的电功率越大，电流做功越多。
2)通电时间越长，电流做功越多。
10.粗细均匀的电阻丝放入一壶水中，通电一段时间将水加热至沸腾。若将电阻丝对折并联后放入同样一壶水中，通电将水加热至沸腾，所需时间与第一次的通电时间相比(电源电压恒定，不计一切热损失),下列判断正确的是 (
a.相等 b.增加 c.减少 d.无法确定。
解析】选c。对于纯电阻电路，根据q=t,电压一定时，产生相同的热量q,电阻r减小，时间t也减少。电阻丝对折并联后电阻将减小，因此烧水时间将变短，故选c。
二、填空题。
11.(2017·无锡一模)如图所示，电压u保持不变，在a、b之间先接入一个“6 v 3 w”的灯l1时，灯l1能正常发光，此时电流表的示数是___a;在a、b之间换接一个“6 v 6 w”的灯l2之后，灯l2的实际功率___选填“大于”“等于”或“小于”)6 w。
解析】因为电阻和灯l1串联，所以电流表的示数等于灯l1的额定电流，由p=ui可得，电流表的示数：i===0.5 a;由r=可得，l2的电阻小于l1的电阻，由于串联电路起分压作用，所以灯泡l2两端电压将小于6 v,因此实际功率小于额定功率6 w。
答案：0.5 小于。
12.当天空中空气的湿度很大，两块云之间的电压很高时，原先不导电的空气就会变成导体，强大的电流可在瞬间通过天空，形成闪电。某次闪电的放电电流约。
1×104a,电压约1.8×108v,放电时间约0.01 s,则这次闪电释放的电能约___j,合___kw·h。
解析】u=1.8×108v,i=1×104a,t=0.01 s,释放的电能为：w=uit=1.8×108v×1×104a×0.01 s=1.8×1010j。
1.8×1010j=kw·h=5 000 kw·h。
答案：1.8×1010 5 000
13.(2017·江阴一模)如图所示的电路，灯l1标有“6 v 3 w”,灯l2标有”12 v 3 w”。已知电源电压为6 v,闭合开关s后，不考虑灯丝电阻值随温度的变化。
通过l1的电流为___a,灯l2的实际功率为___w。
解析】由题意可知，灯l1两端实际电压为6 v,故灯l1正常发光，所以通过灯l1的电流为i1===0.5 a;灯l2的电阻为r2===48ω,灯l2的实际功率p2′==0.75 w。
答案：0.5 0.75
灯具有节能、环保等特点。如图是额定电压为220 v、额定功率为4.4 w的led灯，该灯的额定电流是___a。
若它每天正常发光5 h,一个月(30天)消耗的电能是___kw·h。与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设led灯可以节约90%的电能，则这个led灯与功率为___w的白炽灯亮度相当。
解析】本题考查电功和电功率的有关计算。该灯的额定电流为：i额= =0.
02 a;每天正常发光5 h,一个月(30天)消耗的电能是：w=pt=0.004 4 kw×5 h×30=0.
66 kw·h;led灯可以节约90%的电能，则它消耗的电能是白炽灯消耗电能的10%,则白炽灯的功率为=44 w。
课时作业十六
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