p77~78习题参***。
p121习题解答 10： p155作业订正。
补充1：指出用电泳技术分离下列物质，ph是多少最适合，并说明理由？（6分）。
血清清蛋白（pi=4.9）和血红蛋白（pi=6.8）
肌红蛋白（pi=4.6）和胰凝乳蛋白酶（pi=9.5）
卵清蛋白（pi=4.6）和脲酶（pi=5.0）。
解：电泳分离技术中，被分离质点所带净电荷差异越大，分离效。
果就越好，所以应取两者的pi的中间值，带正电的向负极移动，带负电的向正极移动。因此， 最佳ph=5.8；② 最佳ph=8.2；③ 最佳ph=4.9。
p194习题解答：
补充1：某肽经brcn水解得到三个肽段，这三个肽段的结构分别为用胰凝乳蛋白酶水解也得到三个肽段，其中一个为四肽，用6mol/lhcl水解此四肽只得到（asp）2和一个met三个氨基酸，请推导出此肽的氨基酸序列。
解：p249习题解答。
5：ph7.0时：② polyile ③ polyarg ⑥ polythr ⑦ polypro ：不能形成α-螺旋。
②侧链的空间位阻大；③侧链带相同电荷；⑥侧链有oh；⑦亚氨基酸。
polyleu:能形成α-螺旋。
polyarg（ ph13））：能形成α-螺旋（侧链解离，不带电荷）
polyglu（ ph1.5）：能形成α-螺旋（侧链不解离，不带电荷）
p348习题解答：
补充1：某酶制剂的比活力为42u/mg酶蛋白，每毫升含12mg蛋白质，试计算当底物浓度达到饱和时，1ml反应液中含：
20μl酶制剂时的反应初速度；② 5μl酶制剂时的反应初速度（单位为国际活力单位）；③该酶制剂在使用前是否需要稀释？
解：由题意知：每ml酶制剂含有42×12=504u
20μl酶制剂含有20×10-3×504=10.08u
酶促反应的初速度为10.08μmol/
5μl酶制剂含有5×10-3×504=2.52u，酶促反应的初速度为2.52μmol/
一般情况下，酶制剂都应当稀释，以便在适当的实验期间内底物不被过分消耗，如：10分钟内，1ml反应液内含5μl酶制剂，消耗的底物为：
2.52μmol/因此，为了保证底物的消耗低于5%，必须使[s]＞0.5 mol/l。如此大的底物浓度是很难达到的，所以酶制剂在使用时应当稀释。
补充2：己糖激酶催化葡萄糖磷酸化时，km=0.15mmol/l，催化果糖磷酸化时，km=1.5mmol/l。假如两种反应的vmax相同：
写出己糖酶催化葡萄糖和果糖磷酸化的反应式；
分别计算葡萄糖和果糖为底物时，[smmol/l时，酶催化反应的v0是多少？解：
根据米氏方程，计算结果如下：
s]，mmol/l 0.15 1.5 15
葡萄糖，v0 0.5vmax 0.91vmax 0.99vmax
果糖， v0 0.091vmax 0.5vmax 0.91vmax
补充3：乳酸脱氢酶（ldh）催化下列反应，已知nad+在340nm处无光吸收，而nadh在340nm处有光吸收，请设计测定ldh活性的实验方法。
解：由于nad+在340nm处无吸收，而nadh在340nm处有吸收，因此根据一定时间内nadh的生成量（测a340的大小）的多少既知ldh活力的大小。
ldh的活力单位定义为：在最适条件下，每分钟在340nm下的光吸收增加0.1个单位定为1个活力单位。
13：由题意知：设：1 u=1 μgtyr/min
① 1 ml酶液中含酶蛋白的量为0.1×6.25=0.625 mg蛋白。
酶活力单位为1500/（60×0.1）=250 u
比活力=250 u/ml
1 g酶制剂=1000 ml酶液，总蛋白=0.625 g
总活力=250 u/ml×25 ml =6.25×103 u。
14：1u=1g淀粉/h
p381习题解答
10：由图可知： ①km=5×10-4mol/l
vmax=6μmol/
vmax=kcat.[et
kcat=vmax/ [et]=6/10-3=6×103/min kcat/km=6×103/5×10-4×60
2×105l/mol
kcat=6×103/min=6×103/60=100/s
13：已知：[i]=2×10-4mol/l，km=km`，vmax`=75%vmax，又知：v=vmax[s]/（km+[s]）（1+[i]/ki
vmax`=vmax/（1+[i]/ki）即。
75%vmax=vmax/（1+2×10-4/ki），ki=6.66×10-5mol/l
p430习题解答。
琥珀酸为底物的竞争物，与atcase结合，可改变酶的构象，使之从t→r转化，在[asp]低时，[琥珀酸]↑，平衡向右偏移程度↑，∴v↑。但琥珀酸并不是酶的底物，当[琥珀酸]增至一定值后，t→r转变达到最大程度，同时终产物[ctp]也达到最大，从而对反应造成抑制，另底物asp消耗完，也无ctp生成，∴v↓ 。
p500习题解答。
下册p90习题解答。
p112习题解答。
p174习题解答：
p195习题解答：
7、缺脱枝酶。
糖原磷酸化酶：催化糖原α（1→4）糖苷键磷酸解。
脱枝酶：催化糖原α（1→6）糖苷键水解，产物是glc。
p338习题解答：
p375习题解答。
2、∵glucose+2nad++2adp+2pi
→ 2h++2nadh+2h2o+2atp+2丙酮酸。
丙酮酸经gpt催化生成ala
glucose合成ala的总平衡式为：
补充1：glu在体内的物质代谢中有什么主要作用？请举例说明。
解：glu在生物体内具有非常主要的作用，主要有以下几点：
组成蛋白质的必需成分，是由基因编码的二十种氨基酸之一。
脑中积累过量的游离氨会导致休克死亡，在正常情况下游离氨可与glu结合生成gln，通过血液运到肝脏，再通过尿素循环生成尿素排出体外。
嘧啶核苷酸生物合成的第一步，就是由gln和co2、atp在氨甲酰磷酸合成酶催化下，生成氨甲酰磷酸，为嘧啶环的构成提供n3。
glu脱羧生成γ-氨基丁酸，对神经有抑制作用。
glu在gdh催化下脱氨和氨的同化作用，在氨基酸的相互转化起重要作用。
在氨基酸的分解代谢中，pro、arg、gln和his都是先转化为glu，再脱氨生成α-酮戊二酸进一步分解。pro在体内的合成是由glu环化而成。
补充2：利用纯酶制剂和必需因子催化乙酰辅酶a和丙二酸单酰辅酶a合成软脂肪：
供给有氚标记的乙酰辅酶a和无标记但过量的丙二酸单酰辅酶a，生成的软脂酸分子中有多少氚标记？
如果用氚标记过量的丙二酸单酰辅酶a，但不标记乙酰辅酶a，生成的软脂酸分子中有多少氚标记？
供给有14c标记的乙酰辅酶a和无标记但过量的丙二酸单酰辅酶a，生成的软脂酸分子中被标记的c原子是c1还是c16或c15？为什么？
解：① 有3个氚原子。因为每个乙酰辅酶a分子中，有3个氢原子被标记，在足够量的丙二酸单酰辅酶a存在时，除脂肪酸合成的第一步外，不再有乙酰辅酶a参与，所以只有3个氚原子。
有14个。因为丙二酸单酰辅酶a分子中有2个氢被标记，合成软脂酸需要7分子的丙二酸单酰辅酶a分子，所以有14个氚标记。
在脂酸合成中，除第一步是乙酰-acp和丙二酸单酰-acp缩合外，以后的循环合成步骤中，在足量的丙二酸单酰辅酶a存在下，乙酰辅酶a不再参与脂肪酸的合成，所以以14c标记的乙酰辅酶a和无标记但过量的丙二酸单酰辅酶a，合成的软脂酸分子中14c标记出现在c16和c15。
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