1．在复平面内，复数对应的点位于。
a．第一象限 b．第二象限 c．第三象限 d．第四象限。
2．定义集合运算：设， ,则集合的所有元素之和为a．0 b．2 c．3 d．6
3．若函数的值域是，则函数的值域是。
a． b． c． d．
4． a． b． c． d．不存在。
5．在数列中，，，则
a． bc． d．
6．函数在区间内的图象是
7．已知、是椭圆的两个焦点，满足的点总在椭圆内部，则椭圆离心率的取值范围是a． b． c． d．
8．展开式中的常数项为 a．1 b．46 c．4245 d．4246
9若，则下列代数式中值最大的是。
a． b． c． d．1/2
10．连结球面上两点的线段称为球的弦。半径为4的球的两条弦ab、cd的长度分别等于、，m、n分别为ab、cd的中点，每条弦的两端都在球面上运动，下列四命题：①弦ab、cd可能交于点m②弦ab、cd可能交于点n③mn的最大值为5④mn最小为1
其中真命题的个数为a．1个 b．2个 c．3个 d．4个。
11．电子钟一天显示的时间是从00:00到23:59的每一时刻都由四个数字组成，则一天中任一时刻的四个数字之和为23的概率为a． b． c． d．
12．已知函数，，若对于任一实数，与至少有一个为正数，则实数的取值范围是a.(0,2) b．(0,8) c． d．
13．直角坐标平面上三点a(1,2)b(3,-2)c(9,7)，若e、f为线段bc的三等分点，则= ．
14．不等式的解集为。
15．过抛物线的焦点作倾角为的直线，与抛物线分别交于a,b两点（在轴左侧），则。
16．如图1，一个正四棱柱形的密闭容器底部镶嵌了同底的正四棱锥形实心装饰块，容器内盛有升水时，水面恰好经过正四棱锥的顶点p。如果将容器倒置，水面也恰好过点（图2）。有下列四个命题：
a．正四棱锥的高等于正四棱柱高的一半。
b．将容器侧面水平放置时，水面也恰好过点。
c．任意摆放该容器，当水面静止时，水面都恰好经过点。
d．若往容器内再注入升水，则容器恰好能装满。
其中真命题的代号是写出所有真命题的代号）．
17．在中，角所对应的边分别为，， 求及。
18．某柑桔基地因冰雪灾害，使得果林严重受损，为此有关专家提出两种拯救果林的方案，每种方案都需分两年实施；若实施方案一，预计当年可以使柑桔产量恢复到灾前的1.0倍、0.9倍、0.
8倍的概率分别是.4；第二年可以使柑桔产量为上一年产量的1.25倍、1.
0倍的概率分别是.5. 若实施方案二，预计当年可以使柑桔产量达到灾前的1.
2倍、1.0倍、0.8倍的概率分别是.
5； 第二年可以使柑桔产量为上一年产量的1.2倍、1.0倍的概率分别是.
6. 实施每种方案，第二年与第一年相互独立。令表示方案实施两年后柑桔产量达到灾前产量的倍数．
1）写出的分布列；（2）实施哪种方案，两年后柑桔产量超过灾前产量的概率更大？
3）．不管哪种方案，如果实施两年后柑桔产量达不到灾前产量，预计可带来效益10万元；两年后柑桔产量恰好达到灾前产量，预计可带来效益15万元；柑桔产量超过灾前产量，预计可带来效益20万元；问实施哪种方案所带来的平均效益更大？
19．数列为等差数列，为正整数，其前项和为，数列为等比数列，且，数列是公比为64的等比数列，.
1）求；（2）求证。
20． 如图，正三棱锥的三条侧棱、、两两垂直，且长度均为2．、分别是、的中点，是的中点，过作平面与侧棱、、或其延长线分别相交于、、，已知．（1）．求证：⊥平面；（2）．求二面角的大小；
21设点在直线上，过点作双曲线的两条切线，切点为，定点。（1）求证：三点共线。（2）过点作直线的垂线，垂足为，试求的重心所在曲线方程。
22．已知函数，．
当时，求的单调区间；．对任意正数，证明：．
答案1．.因所以对应的点在第四象限，2．.因，3．.令，则，
6．d. 函数。
7．.由题知，垂足的轨迹为以焦距为直径的圆，则。
又，所以8．. 常数项为。
9. a.
10．. 解：①③正确，②错误。
易求得、到球心的距离分别为，若两弦交于，则⊥，中，有，矛盾。当、、共线时分别取最大值5最小值1。11..
一天显示的时间总共有种，和为23总共有4种，故所求概率为。12．. 解：
当时，显然不成立。
当时，因当即时结论显然成立；
当时只要即可。
即则。13. 由已知得，则。
16 .bd易知所盛水的容积为容器容量一半，d正，a错；水平放置时由容器形状的对称性知水面经过点p，故b正；c的错可由图1中容器位置向右边倾斜一些可推点p将露出水面。
17.解：由得。
∴，又∴由得
即 ∴由正弦定理得。
18.解：（1）的所有取值为的所有取值为，、的分布列分别为：
2）令a、b分别表示方案。
一、方案二两年后柑桔产量超过灾前产量这一事件，可见，方案二两年后柑桔产量超过灾前产量的概率更大。
3）令表示方案所带来的效益，则。
所以可见，方案一所带来的平均效益更大。
19．解：（1）设的公差为，的公比为，则为正整数， 依题意有①
由知为正有理数，故为的因子之一，解①得故。
20．解 ：（1）证明：依题设，是的中位线，所以∥，则∥平面，所以∥。又是的中点，所以⊥，则⊥。
因为⊥，⊥所以⊥面，则⊥，因此⊥面。
2）作⊥于，连。因为⊥平面，根据三垂线定理知，⊥，就是二面角的平面角。
作⊥于，则∥，则是的中点，则。
设，由得，，解得，在中，，则，。
所以，故二面角为。
解法二：（1）以直线分别为轴，建立空间直角坐标系，则。
所以。所以所以平面。
由∥得∥，故：平面。
2)由已知设则。
由与共线得：存在有得。
同理： 设是平面的一个法向量，则令得又是平面的一个法量所以二面角的大小为。
3）由（2）知，，，平面的一个法向量为。
则。则点到平面的距离为。
21．证明：（1）设，由已知得到，且，设切线的方程为：由得。
从而，解得因此的方程为：
同理的方程为：又在上，所以，即点都在直线上。
又也在直线上，所以三点共线。
2）垂线的方程为：，由得垂足，设重心所以解得。
由可得即为重心所在曲线方程。
22．解：、当时，，求得，于是当时，；而当时，．
即在中单调递增，而在中单调递减．
2）.对任意给定的，，由，若令，则 … 而 …
一）、先证；因为，又由 ，得．所以。
二）、再证；由①、②式中关于的对称性，不妨设．则。
ⅰ）、当，则，所以，因为，此时．
（ⅱ）当…③，由①得 ，因为所以 …
同理得…⑤ 于是… ⑥
今证明 …⑦因为 ，只要证，即，即，据③，此为显然．
因此⑦得证．故由⑥得．综上所述，对任何正数，皆有．
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