2023年新课标卷答案

2023年普通高等学校招生全国统一考试。

物理(新课标ⅰ卷)

14. d 解析：穿过线圈的磁通量不发生变化，就不会产生感应电流，选项a、b错误；**圈中插入磁铁导致穿过线圈的磁通量发生变化，但过程短暂，等到相邻房间后不能看到电流表的变化，选项c错误；线圈通电、断电的瞬间，导致线圈产生变化的磁场，从而引起另一个线圈中的磁通量发生变化，可以观察到电流表指针偏转，选项d正确．

15. b 解析：安培力的大小与导线在磁场中的放置方式有密切的关系：

当垂直于磁场放置时受到的力最大，平行于磁场放置时不受安培力，即不平行也不垂直时介于零和最大值之间；安培力的方向总是既垂直于磁场又垂直于导线，即安培力的方向总是垂直于导线与磁场所决定的平面．选项d中将导线从中点折成直角，但不知折的方式如何，若折后导线仍在垂直于磁场的平面内，则力将变为原来的倍；若折后导线另一部分平行于磁场，则力减小为原来的一半；若折后导线另一部分既不平行也不垂直于磁场，则力将介于这两者间．如果导线开始时并不垂直于磁场，则情况更为复杂．

16. d 解析：因为粒子的运动半径r＝，粒子的动量p＝mv＝.由上面两式可得b＝，已知动能为2倍关系，而r也为2倍关系，所以b上∶b下＝∶2.

17. a 解析：设橡皮筋的伸长量为x，受力分析如图所示，由牛顿第二定律有kxsin θ＝ma，kxcos θ＝mg，小球稳定在竖直位置时，形变量为x0，由平衡条件有kx0＝mg，由前面两式可知，x0＝xcos θ，而悬点与小球间的高度差分别为l0＋x0与(l0＋x)cos θ，可见l0＋x0>(l0＋x)cos θ，所以小球的高度一定升高．

18. c 解析：cd间产生稳定的周期性变化的电压，则产生感应电流的磁场的变化是均匀的，根据题目所给信息知道，ab中电流的变化应该是均匀的．只有c选项有此特点，因此选项c正确．

19. bd 解析：由万有引力提供向心力可知g＝mrω2，相邻两次冲日的时间间隔t＝，其中ωd表示的是地球的公转角速度，ωx表示的是行星的公转角速度．将第一式中的结果代入到第二式中有t＝.

设行星的半径是地球半径的k倍，则上式可化为t＝＝＝y·，上式中y＝，也就是地球绕太阳公转的周期，即一年的时间．对于火星k＝1.5，t＝y≈y＝2.25y；对于木星k＝5.

2，t＝y≈y＝1.09y.由此可知，后面的行星冲日时间间隔都大于1年，因为只有k→∞时才恰恰为一年．

20. ac 解析：小木块都随水平转盘做匀速圆周运动，在发生相对滑动之前，角速度相等，静摩擦力提供向心力，即f＝mrω2，由于木块b的半径大，所以发生相对滑动前木块b的静摩擦力大，选项b错误；随着角速度的增大，当静摩擦力等于滑动摩擦力时木块开始滑动，则有f＝mrω2＝kmg，代入两个木块的半径，木块a开始滑动时的角速度ωa＝，木块b开始滑动时的角速度ωb＝，选项c正确；因为ωa>ωb，所以木块b先开始滑动，选项a正确；当角速度ω＝，木块b已经开始滑动，但是<ωa，所以木块a达到临界状态，摩擦力还没有达到最大静摩擦力，选项d错误．

21. ad 解析：如图，由于φm＝φn，所以场源电荷必在mn的垂直平分线fo上，其中o是fo与mp的交点，连接on，恰有no垂直于pf，说明场源电荷恰在o点，从而可知选项a、d正确．

22. (1) 非线性 (2) 存在摩擦力 (3) 调节轨道倾斜度以平衡摩擦力远小于小车质量。

解析：(1) 根据该同学描绘的加速度和钩码质量的图象是一条曲线而不是直线，所以是非线性关系．(2) 根据图(b)可知当钩码有一定质量，即细线有一定拉力时，小车加速度仍等于0，说明小车合力等于0，所以可能除拉力外小车还受摩擦力作用．(3) 实验改进部分有两个要求，第一个是图象不过原点，需要平衡摩擦力，所以调整轨道倾斜度；第二个就是图象是曲线，因为小车的合力即细线拉力，并不等于钩码的重力，而是小车和钩码所受的总的合力等于钩码的重力，要近似为直线就要求钩码的质量远小于小车的质量．

23. (1)＝r＋[ra＋(r＋r0)]

2) 0.110 9.09 (3) 图象如下 1 6.0

解析：(1) 电流表和电阻r1并联构成大量程电流表，电流表读数为i，电路的总电流为3i，大量程电流表电阻为，电路总电阻为＋r＋r0＋r，电动势e＝3i(＋r＋r0＋r)，所以＝r＋[ra＋(r＋r0)]；2) 据图(b)可得电流表示数为110 ma＝0.110 a，所以＝9.

09；(3) 描点作图如图所示，为一条倾斜的直线，根据图线可得斜率k＝1，截距b＝6.0；(4) 根据＝＋可得＝6，＝1，解得e＝3 v，r＝1 ω.

24. 20 m/s 解析：晴天时，设速度为v1，反应时间为t，加速度为a1，雨天时加速度为a2，速度为v2，有。

x＝v1t＋，mg＝ma1，mg＝ma2，x＝v2t＋，由上面几个方程可得v2＝20 m/s.

25. (1) (2)，与竖直方向夹角30°

解析：(1) 设oa的长度为s，则ob的长度为s.由平抛运动规律可知。

ssin 60°＝v0t，scos 60°＝t，两式相除有tan 60°＝.

小球到达a点时的动能与初动能的比值，由上面几式可得＝.

2) 设电场强度水平向右的分量为ex，竖直向下的分量为ey，对于有无电场时从o到a的过程分别有。

mgs＝eka－eko，mgs＋qeys＋qexs＝3eko－eko.

对从o到b的过程来说。

mgs＋qeys＝6eko－eko，ey＝，ex＝.

电场强度的大小e＝＝.

电场强度与竖直方向的夹角的正切tan θ＝即θ＝30°.

33. (1) ade 解析：从a到b的过程中，根据图象可知为等容变化，气体没有对外做功，外界也没有对气体做功，所以温度升高只能是吸热的结果，选项a正确；从b到c的过程中温度不变，可是压强变小，说明体积膨胀，对外做功，而温度不变，说明从外界吸热，选项b错误；从c到a的过程，压强不变，根据温度降低说明内能减小，外界对气体做功小于气体放出的热量，选项c错误；分子的平均动能与温度有关，状态a的温度最低，分子平均动能最小，选项d正确；b、c两个状态，温度相同，即分子的平均速率相同，单个分子对器壁的平均撞击力相等，根据b状态压强大，可判断b状态单位时间内容器壁受到分子撞击的次数多，选项e正确．

2) v＝解析：汽缸导热良好，说明气体温度一直等于外界温度t0，设汽缸底面积为s，活塞质量为m0，大气压强p0.

开始平衡时有p0s＋m0g＝ps，沙子倒完后平衡时，对活塞分析p0s＋m0g＋mg＝p′s，整理可得mg＝(p′－p)s.

根据理想气体状态方程有＝可得p′＝.

联立可得s＝.

外界温度变为t时，根据理想气体状态方程可得。

根据活塞平衡可得p0s＋m0g＋mg＝p″s，重新平衡后的气体体积v＝＝.

34. (1) ace

解析：由图(a)知，λ＝2 m，由图(b)知，t＝4 s．因此，波的传播速度v＝＝0.5 m/s，选项a正确；2 s时，1.

5 m处的质点正在通过平衡位置向下运动，因此波的传播方向向x轴的负方向，选项b错误；半个周期内振动的路程为2a，恰为8 cm，选项c正确；图(a)是波在2 s时的波形图，需要向前推，因当前时刻p位于最低点，因此0～2 s内向下运动，选项d错误；t＝7 s时，1.5 m处的质点位于负的最大位移处，因此p点正通过平衡位置，选项e正确．.

2) ①r ② 在o点右侧与o相距r处。

解析：①临界光线如图所示，此时光线恰好在上表面发生全反射，sin c＝，sin c＝，其中x为此光线与o点间的距离，解得x＝.

根据对称性可知，入射光束在ab上的最大宽度为＝r.

如图所示，光线从o点左侧与o相距r处垂直于ab从下方入射，则入射角为，符合发生全反射的条件，经全反射的光线再次到达上表面时同样发生全反射，依次进行下去，全反射时的法线与ab所成的角依次为π、π由对称性可知，光线从玻璃砖射出的点的位置在o点右侧与o相距r处．

35. (1) bcd

解析：只有原子序数超过83的元素才能发生衰变，选项a错误；放射性元素的半衰期由原子核内部的结构决定，与外界温度无关，选项b正确；放射性元素其放射性来自原子核内部，与其他元素形成化合物并没有改变其内部原子结构，所以仍具有放射性，选项c正确；三种射线中γ射线能量最高，穿透力最强，选项d正确；一个原子核在一次衰变中，要么是α衰变，要么是β衰变，同时伴随着能量的释放即γ射线，选项e错误．

2) ①vb＝4 m/s ② hp＝0.75 m

解析：①b球在地面上方静止释放后只有重力做功，根据动能定理有。

mbgh＝mbvb2.

可得b球第一次到达地面时的速度vb＝＝4 m/s.

a球下落过程，根据自由落体运动可得a球的速度。

va＝gt＝3 m/s.

设b球的速度为vb′，则有碰撞过程动量守恒。

m**a＋mbvb′＝mbvb″，碰撞过程没有动能损失则有。

m**2a＋mbvb′2＝mbvb″2，解得vb′＝1 m/s，vb″＝2 m/s.

小球b与地面碰撞后，根据没有动能损失，所以b离开地面上抛时速度v0＝vb＝4 m/s，所以p点的高度hp＝＝0.75 m.

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