电磁感应与电路。
思想方法提炼。
电磁感应是电磁学的核心内容，也是高中物理综合性最强的内容之一，高考每年必考。题型有选择、填空和计算等，难度在中档左右，也经常会以压轴题出现。
在知识上，它既与电路的分析计算密切相关，又与力学中力的平衡、动量定理、功能关系等知识有机结合；方法能力上，它既可考查学生形象思维和抽象思维能力、分析推理和综合能力，又可考查学生运用数知识(如函数数值讨论、图像法等)的能力。
高考的热点问题和复习对策：
1.运用楞次定律判断感应电流(电动势)方向，运用法拉第电磁感应定律，计算感应电动势大小。注重在理解的基础上掌握灵活运用的技巧。
2.矩形线圈穿过有界磁场区域和滑轨类问题的分析计算。要培养良好的分析习惯，运用动力学知识，逐步分析整个动态过程，找出关键条件，运用运动定律特别是功能关系解题。
3.实际应用问题，如日光灯原理、磁悬浮原理、电磁阻尼等复习时应多注意。
此部分涉及的主要内容有：
1.电磁感应现象。
(1)产生条件：回路中的磁通量发生变化。
(2)感应电流与感应电动势：在电磁感应现象中产生的是感应电动势，若回路是闭合的，则有感应电流产生；若回路不闭合，则只有电动势，而无电流。
(3)在闭合回路中，产生感应电动势的部分是电源，其余部分则为外电路。
2.法拉第电磁感应定律：e=n ，e=blvsin，注意瞬时值和平均值的计算方法不同。
3.楞次定律三种表述：
(1)感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化(涉及到：原磁场方向、磁通量增减、感应电流的磁场方向和感应电流方向等四方面).右手定则是其中一种特例。
(2)感应电流引起的运动总是阻碍相对运动。
(3)自感电动势的方向总是阻碍原电流变化。
4.相关链接。
1)受力分析、合力方向与速度变化，牛顿定律、动量定理、动量守恒定律、匀速圆周运动、功和能的关系等力学知识。
2)欧姆定律、电流方向与电势高低、电功、电功率、焦耳定律等电路知识。
3)能的转化与守恒定律。
感悟 · 渗透 · 应用。
例1】三个闭合矩形线框ⅰ、ⅱ处在同一竖直平面内，**框的正上方有一条固定的长直导线，导线中通有自左向右的恒定电流，如图所示，若三个闭合线框分别做如下运动：ⅰ沿垂直长直。
导线向下运动，ⅱ沿平行长直。
导线方向平动，ⅲ绕其竖直中心。
轴oo′转动。
(1)在这三个线框运动的过程中，哪些线框中有感应电流产生？
方向如何？(2)线框ⅲ转到图示位置的瞬间，是否有感应电流产生？
解析】此题旨在考查感应电流产生的条件。根据直线电流周围磁场的特点，判断三个线框运动过程中，穿过它们的磁通量是否发生变化。
(1)长直导线通有自左向右的恒定电流时，导线周围空间磁场的强弱分布不变，但离导线越远，磁场越弱，磁感线越稀；离导线距离相同的地方，磁场强弱相同。
线框ⅰ沿垂直于导线方向向下运动，穿过它的磁通量减小，有感应电流产生，电流产生的磁场方向垂直纸面向里，根据楞次定律，感应电流的磁场方向也应垂直纸面向里，再由右手螺旋定则可判断感应电流为顺时针方向；线框ⅱ沿平行导线方向运动，与直导线距离不变，穿过线框ⅱ的磁通量不变，因此线框ⅱ中无感应电流产生；线框ⅲ绕oo′轴转动过程中，穿过它的磁通量不断变化，在转动过程中线框ⅲ中有感应电流产生，其方向是周期性改变的。
2)线框ⅲ转到图示位置的瞬间，线框中无感应电流，由于长直导线下方的磁场方向与纸面垂直，在该位置线框ⅲ的两竖直边运动方向与磁场方向平行，不切割磁感线，所以无感应电流；从磁通量变化的角度考虑，图示位置是线框ⅲ中磁通量从增加到最大之后开始减小的转折点，此位置感应电流的方向要发生变化，故此时其大小必为0.
解题回顾】对瞬时电流是否存在应看回路中磁通量是否变化，或看回路中是否有一段导体做切割磁感线运动，要想知道线框在磁场中运动时磁通量怎样变化，必须知道空间的磁场强弱、方向分布的情况，对常见磁体及电流产生的磁场要相当熟悉。
例2】如图所示，在倾角为θ的光滑的。
斜面上，存在着两个磁感应强度相等的匀强磁场，方向一个垂直斜面向上，另一个垂直斜面向下，宽度均为l，一个质量为m，边长也为l的。
正方形线框(设电阻为r)以速度v进入磁场时，恰好做匀速直线运动。若当ab边到达gg′与ff′
中间位置时，线框又恰好做匀速运动，则：
1)当ab边刚越过ff′时，线框加速度的值为多少？
2)求线框开始进入磁场到ab边到达gg′与ff′
中点的过程中产生的热量是多少？
解析】此题旨在考查电磁感应与能量之间的关系。线框刚越过ff′时，两条边都在切割磁感线，其电路相当于两节相同电池的串联，并且这两条边还同时受到安培力的阻碍作用。
(1)ab边刚越过ee′即做匀速直线运动，表明线框此时所受的合力为0，即。
在ab边刚越过ff′时，ab、cd边都切割磁感线产生感应电动势，但线框的运动速度不能突变，则此时回路中的总感应电动势为e′=2blv，设此时线框的加速度为a，则2be′l/r-mgsin=ma，a=4b2l2v/(rm)-gsin=3gsin，方向沿斜面向上。
(2)设线框再做匀速运动时的速度为v′，则mgsin=(2b2l2v′/r)×2，即v′=v/4，从线框越过ee′到线框再做匀速运动过程中，设产生的热量为q，则由能量守恒定律得：
解题回顾】电磁感应过程往往涉及多种能量形式的转化，适时选用能量守恒关系常会使求解很方便，特别是处理变加速直线运动或曲线运动问题。
【例3】如图所示，da、cb
为相距l的平行导轨(电阻可以。
忽略不计).a、b间接有一个固定。
电阻，阻值为r.长直细金属杆。
mn可以按任意角架在水平导轨上，并以速度v匀速滑动(平移)，v的方向。
和da平行。 杆mn有电阻，每米长的电阻值为r.整个空间充满匀强磁场，磁感应强度的大小为b，方向垂直纸面(dabc平面)向里。
1)求固定电阻r上消耗的电功率为最大时θ角的值
2)求杆mn上消耗的电功率为最大时θ角的值。
解析】如图所示，杆滑动时切割磁感线而产生感应电动势e=blv，与角无关。
以r表示两导轨间那段杆的电阻，回路中的电流为：
1)电阻r上消耗的电功率为：
由于e和r均与无关，所以r值最小时，pr值达最大。当杆与导轨垂直时两轨道间的杆长最短，r的值最小，所以pr最大时的值为=/2.
2)杆上消耗的电功率为：
pr=要求pr最大，即要求取最大值。由于。
显然，r=r时， 有极大值因每米杆长的电阻值为r，r=r即要求两导轨间的杆长为1m，所以有以下两种情况：
如果l≤1m，则满足下式时r=r
1×sin=l 所以=arcsinl
如果l＞1m，则两导轨间那段杆长总是大于1m，即总有r＞r 由于。
在r＞r的条件下，上式随r的减小而单调减小，r取最小值时， 取最小值，取最大值，所以，pr取最大值时值为。
例4】如图所示，光滑的平行导轨p、q相距。
l=1m，处在同一水平面中，导轨左端接有如图所示。
的电路，其中水平放置的平行板电容器c两极板间。
距离d=10mm，定值电阻r1=r3=8ω，r2=2ω，导轨。
电阻不计。 磁感应强度b=0.4t的匀强磁场竖直向下。
穿过导轨面。当金属棒ab沿导轨向右匀速运动。
开关s断开)时，电容器两极板之间质量m=1×10-14kg、
带电量q=-1×10-15c的微粒恰好静止不动；当s闭合时，微粒以加速度a=7m/s2向下做匀加速运动，取g=10m/s2，求：
(1)金属棒ab运动的速度多大？电阻多大？
(2)s闭合后，使金属棒ab做匀速运动的外力的功率多大？
解析】(1)带电微粒在电容器两极板间静止时，受向上的电场力和向下的重力作用而。
平衡，则得到：mg=
求得电容器两极板间的电压。
由于微粒带负电，可知上极板电势高。
由于s断开，r1上无电流，r2、r3串联部分两端总电压等于u1，电路中的感应。
电流，即通过r2、r3的电流为：
由闭合电路欧姆定律，ab切割磁感线运动产生的感应电动势为e=u1+ir ①
其中r为ab金属棒的电阻。
当闭合s后，带电微粒向下做匀加速运动，根据牛顿第二定律，有：mg-u2q/d=ma
求得s闭合后电容器两极板间的电压：
这时电路中的感应电流为。
i2=u2/r2=0.3/2a=0.15a
根据闭合电路欧姆定律有。
将已知量代入①②求得e=1.2v，r=2
又因e=blv
v=e/(bl)=1.2/(0.4×1)m/s=3m/s
即金属棒ab做匀速运动的速度为3m/s，电阻r=2
2)s闭合后，通过ab的电流i2=0.15a，ab所受安培力f2=bi2l=0.4×1×0.
15n=0.06n ab以速度v=3m/s做匀速运动时，所受外力必与安培力f2大小相等、方向相反，即f=0.06n，方向向右(与v同向)，可见外力f的功率为：
p=fv=0.06×3w=0.18w
例5】已知某一区域的地下埋有一根与地面平行的直线电缆，电缆中通有变化的电流，在其周围有变化的磁场，因此，可以通过在地面上测量闭合试探小线圈中的感应电动势来探测电缆的确切位置、走向和深度。当线圈平面平行地面时，a、c在两处测得试探线圈感应电动势为0，b、d两处测得试探线圈感应电动势不为0；当线圈平面与地面成45°夹角时，在b、d两处测得试探线圈感应电动势为0；经测量发现，a、b、c、d恰好位于边长为1m的正方形的四个顶角上，如图所示，据此可以判定地下电缆在两点连线的。
正下方，离地表面的深度为m.
解析】当线圈平面平行地面时，a、c在两处测得试探线圈感应电动势为0，b、d两处测得试探线圈感应电动势不为0；可以判断出地下电缆在a、c两点连线的正下方；如图所示a′c′表示电缆，当线圈平面与地面成45°夹角时，在b、d两处测得试探线圈感应电动势为0；
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