安庆市高一上物理期末常考题型答案。
1. 正确分析雨滴下落受力特点是解答本题的关键，由于阻力随着速度的增大而增大，因此雨滴下落的加速度逐渐减小，当阻力等于重力时，雨滴匀速下落．
解：根据题意可设阻力为：f=kv，根据牛顿第二定律得：
mg-kv=ma，由此可知，随着速度的增大，阻力增大，加速度减小，当f=kv=mg时，加速度等于零，速度不在变化，阻力不变，雨滴开始匀速运动，所以整个过程中雨滴开始做加速度逐渐减小的加速运动．然后匀速运动，故ac错误，bd正确．故选bd．
3. 匀速下降时阻力向上，故有：，现欲使该气球以同样速率匀速上升，即速率不变，所以阻力不变，上升过程中受到的阻力方向向下，所以有：，两式相加可得：，故减小的质量为，故选ａ
4. 设每个物体的质量为m，b与斜面之间动摩擦因数为μ．以ab整体为研究对象．
根据平衡条件得。
2mgsinα=2μmgcosα+μmgcosα
解得。μ=．故a正确，b、c、d错误．
解答：解：整体的加速度a===0.01m/s2；
由牛顿第二定律f=ma可知。
空间站的质量m=-m=kg-3.0×103kg=8.7×104kg故选a．
解：光滑时：由整体求得加速度。
对m受力分析由牛顿第二定律得：ft=ma
由①②式得：
地面不光滑时：整体求加速度：--
对m受力分析由牛顿第二定律得：ft-umg=ma
由③④得：则ab正确，cd错误。故选：ab
试题分析：对q受力分析由牛顿第二定律可得，6-4=2a，所以a=1m/s2，对r，由牛顿第二定律可得，，其中，所以，所以c正确． 故选：c．
解：（1）以盘和物体整体为研究对象，受重力和弹簧秤的拉力，由牛顿第二定律得：
m+m）g-f1=（m+m）a1
代入数据解得：f1=22.5n
2）物体受重力和盘子得的支持力，由牛顿第二定律得：mg-n1=ma1
代入数据求解：n1=18n
有牛顿第三定律得：物对盘子的压力为：n1′=n1=18n
3）以盘和物体整体为研究对象，受重力和弹簧秤的拉力，由牛顿第二定律得：
m+m）g-f2=（m+m）a2
代入数据解得：f2=0n
物体受重力和盘子得的支持力，由牛顿第二定律得：
mg-n2=ma2
代入数据求解：n2=0n
由牛顿第三定律得：物对盘子的压力为：n2′=n2=0n
9. 分析：（1）由题，绳子与竖直方向夹角为θ不变，小球m1相对于车厢静止，其加速度与车厢相同．以小球为研究对象，分析受力，根据牛顿第二定律求出加速度．
2）再以m2为研究对象，分析受力，根据牛顿第二定律，运用正交分解法求解车厢底板对m2的支持力和摩擦力．
解答：解：m1和m2的受力图如图所示。
1）对m1研究．
竖直方向有：t1cosθ=m1g ①
水平方向有：t1sinθ=m1a ②
由②：①解得：a=gtanθ ③
车厢与m1的加速度相同为a=gtanθ，方向向右．
2）绳的拉力t1=t1′=④
对m2有：n+t1′=m2g ⑤
解得支持力 n=m2g-，方向竖直向上。
水平方向有：f=m2a=m2gtanθ，方向水平向右．
当框架对地面的压力为零的瞬间，弹簧对框架的向上的力为mg，此时弹簧对小球向下的力也为mg，对小球来说，受到的合力为（m＋m）g，所以，小球加速度的大小为（m＋m）g/m
竿对“底人”的压力大小应该等于竿的重力加上竿上的人对杆向下的摩擦力，竿的重力已知，求出竿上的人对杆向下的摩擦力就可以了．
解：对竿上的人分析：受重力mg、摩擦力ff，有 mg-ff=ma；
所以 ff=m（g-a），竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力--摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分析：受重力mg、竿上的人对杆向下的摩擦力ff′、顶竿的人对竿的支持力fn，有mg+ff′=fn，又因为竿对“底人”的压力和“底人”对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到fn′=mg+ff′=（m+m）g-ma
12. 解：（1）滑块由静止开始匀加速下滑，有s=at2，得到 a=2m/s2
对木块受力分析，受到重力，支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有。
mgsinθ-f1=ma ①
mgcosθ-n1=0 ②
f1=μmgcosθ ③
对斜面受力分析，受重力mg、支持力n、滑块的压力n1、滑块的摩擦力f1和地面的静摩擦力f，设静摩擦力f向左，则。
f=n1sinθ-f1cosθ=3.2n，方向向左．
即地面对斜面的摩擦力大小为3.2n，方向向左．
2）根据共点力平衡条件，地面对斜面的支持力大小。
n=mg+n1cosθ+f1sinθ=67.6n
地面对斜面的支持力大小为67.6n．
解：在0～5s内，从速度时间图象可知，此时的加速度为正，电梯的加速度向上，此时人处于超重状态，
在5s～10s内，速度时间图象为水平线，此时电梯在匀速运动，处于受力平衡状态，所以该同学对电梯底板的压力等于他所受的重力
在10s～25s内，从速度时间图象可知，此时的加速度为负，电梯的加速度向下，此时人处于失重状态， 故选a
14. 当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；
当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度．
根据牛顿第二定律求出升降机的加速度．
解：甲同学站在磅秤上受重力和支持力，发现了自已的体重增加了20%，根据牛顿第二定律得出：a==0.
2g，该同学的加速度方向向上，那么此时的运动可能是以0.2g的加速度减速下降，也可能是以0.2g的加速度加速上升，故②③正确；①④错误；
故选c．15. 猴子和笼子的运动状态不相同，所以隔离分析：猴子加速向上爬时，受重力和向上的静摩擦力，且静摩擦力大于重力。
根据力的作用是相互的所以笼子受到向下的静摩擦力大于猴子的重力，对笼子受力分析有：有f1＞（m+m）g；当猴子加速下滑时受重力和向上的静摩擦力，且静摩擦力小于重力。根据力的作用是相互的所以笼子受到向下的静摩擦力小于猴子的重力，对笼子受力分析有：
有f2＜（m+m）g，故答案选b。
将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂沙和沙桶的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．要判断是否是匀速运动，我们可以从打出的纸带相邻的点的间距来判断小车是否做匀速运动， 故选：b．
当m＜＜m时，即当沙和沙桶的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于沙和沙桶的总重力． 故选：d．
由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔t=5t，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上c点时小车的瞬时速度大小．
vc===0.49m/s
设a到b之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4，根据匀变速直线运动的推**式△x=at2可以求出加速度的大小，得：x3-x1=2a1t2
x4-x2=2a2t2
为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值。
得：a=（a1+a2）
即小车运动的加速度计算表达式为：
在验证当小车的质量一定时，小车的加速度与合外力f的关系时，小华所在的实验小组根据实验数据作出了如图所示的a-f图象，其原因可能是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力时斜面的倾角大小；
根据f=ma得a=
所以图线的斜率代表的物理意义是：小车总质量的倒数。
故答案为： b②d③0.49m/s，没有平衡摩擦力或平衡摩擦力时斜面的倾角大小；小车总质量的倒数。
18. （bc （２d （３d
解：（1）甲图象表明在小车的拉力为0时，小车的加速度大于0，说明合外力大于0，说明平衡摩擦力过渡，即把长木板的末端抬得过高了．
乙图象说明在拉力大于0时，物体的加速度为0，说明合外力为0，即绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是没有将长木板的末端抬高或抬高不够．
2）随着1/m增大，小车质量在减小，因此小车质量不再满足远大于砂和小砂桶的质量，加速度不可能一直均匀增大，加速度的增大幅度将逐渐减小，最后趋近于定值g，故abc错误，d正确．故选d．
3）该实验中当小车的质量远大于钩码质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小，随着f的增大，即随着钩码质量增大，逐渐的钩码质量不再比小车质量小的多，因此会出现较大误差，图象会产生偏折现象，故abc错误，d正确．故选d．
19. 由2rcos 30°＋2rcos 30°＝gcos 30°t，和2rcos 60°＋2rcos 60°＝gcos 60°t得：t1＝t2＝，与θ无关，故只有a正确。
20. 解：对小滑环，受重力和支持力，将重力沿杆的方向和垂直杆的方向正交分解，根据牛顿第二定律得小滑环做初速为零的匀加速直线运动的加速度为。
a=gsinθ（θ为杆与水平方向的夹角）
由图中的直角三角形可知，小滑环的位移s=2rsinθ
所以，t与θ无关，即t1=t2=t3故选d．
化学必修一常考题型
高一上期末化学常考题型。是较难题，是难题。一 合金。1下列物质不属于合金的是 a.铁锈 b 不锈钢 c 青铜 d 焊锡。3合金具有许多优良的性能 下列物质不属于合金的是。a.青铜 b.水银 c.碳素钢 d.黄铜。二 实验仪器与实验操作 必考 7下列有关实验的叙述正确的是 a.用分液的方法分离水和酒精...
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