行程问题。
基本行程问题平均速度火车过桥流水行船接送问题电梯行程
数论问题。奇偶分析数的整除约数倍数进位制余数问题完全平方数
几何问题。小学几何五大模型勾股定理与弦图巧求周长立体图形的体积
计数问题。加法原理乘法原理容斥原理排列组合枚举法归纳法
应用题。鸡兔同笼问题年龄问题盈亏问题牛吃草问题工程问题浓度问题
计算问题。分数列项与整数列项繁分数的计算数学计算公式换元法找规律
其他。数阵图与数字谜操作与策略抽屉原理逻辑推理不定方程染色问题
小学六年级奥数基础知识 ——数论一。
一质数和合数。
1)一个数除了1和它本身,不再有别的约数,这个数叫做质数(也叫做素数)。
一个数除了1和它本身,还有别的约数,这个数叫做合数。
2)自然数除0和1外,按约数的个数分为质数和合数两类。
任何一个合数都可以写成几个质数相乘的形式。
要特别记住:0和1不是质数,也不是合数。
3)最小的质数是2 ,2是唯一的偶质数,其他质数都为奇数;
最小的合数是4。
4)质数是一个数,是含有两个约数的自然数 。
互质。是指两个数,是公约数只有一的两个数,组成互质数的两个数可能是两个质数(3和5),可能是一个质数和一个合数(3和4),可能是两个合数(4和9)或1与另一个自然数。
5)如果一个质数是某个数的约数,那么就说这个质数是这个数的质因数。
把一个合数用质因数相乘的形式表示出来,叫做分解质因数。
6)1以内的质数有25个。
注意:两个质数中差为1的只有3-2 ;除2外,任何两个质数的差都是偶数。
二整除性。1)概念。
一般地,如a、b、c为整数,b≠0,且a÷b=c,即整数a除以整除b(b不等于0),除得的商c正好是整数而没有余数(或者说余数是0),我们就说,a能被b整除(或者说b能整除a)。记作b|a.否则,称为a不能被b整除,(或b不能整除a)。
如果整数a能被整数b整除,a就叫做b的倍数,b就叫做a的约数。
2)性质。性质1:(整除的加减性)如果a、b都能被c整除,那么它们的和与差也能被c整除。
即:如果c|a,c|b,那么c|(a±b)。
例如:如果2|10,2|6,那么2|(10+6),并且2|(10—6)。也就是说,被除数加上或减去一些除数的倍数不影响除数对它的整除性。
性质2:如果b与c的积能整除a,那么b与c都能整除a.
即:如果bc|a,那么b|a,c|a。
性质3:(整除的互质可积性)如果b、c都能整除a,且b和c互质,那么b与c的积能整除a。 即:如果b|a,c|a,且(b,c)=1,那么bc|a。
例如:如果2|28,7|28,且(2,7)=1, 那么(2×7)|28。
注意:(b,c)=1这个条件,如果没这个条件,结论就不一定能成立。
譬如:4|28,14|28,4×14=56不能整除24。
性质4:(整除的传递性)如果c能整除b,b能整除a,那么c能整除a。
即:如果c|b,b|a,那么c|a。
例如:如果3|9,9|27,那么3|27。
3)数的整除特征。
①能被2整除的数的特征:个位数字是的整数。
②能被5整除的数的特征:个位是0或5。做题时常常把这里当作突破口。
能被3(或9)整除的数的特征:各个数位数字之和能被3(或9)整除。
判断能被3(或9)整除的数还可以用“弃3(或9)法”:
例如:83能被9整除么?
解在数字中只剩7,7不是9的倍数,所以835不能被9整除。
能被4(或25)整除的数的特征:末两位数能被4(或25)整除。
能被8(或125)整除的数的特征:末三位数能被8(或125)整除。
能被11整除的数的特征:这个整数的奇数位上的数字之和与偶数位上的数字之和的差(大减小)是11的倍数。
能被7(11或13)整除的数的特征:一个整数的末三位数与末三位以前的数字所组成的数之差(以大减小)能被7(11或13)整除,依此反复检验。
例如:判断3546725能否被13整除?
解:把3546725分为3546和725两个数。因为3546-725=2821.
再把2821分为2和821两个数,因为821—2=819,又13|819,所以13|2821,进而13|3546725。
小学奥数数论综合练习题。
涉及知识点多、解题过程比较复杂的整数综合题,以及基本依靠数论手段求解的其他类型问题.
1.如果把任意n个连续自然数相乘,其积的个位数字只有两种可能,那么n是多少?
分析与解】我们知道如果有5个连。
续的自然数,因为其内必有2的倍数,也有5的倍数,则它们乘积的个位数字只能是0。
所以n小于5.
一:当n为4时,如果其内含有5的倍数(个位数字为o或5),显然其内含有2的倍数,那么它们乘积的个位数字为0;
如果不含有5的倍数,则这4个连续的个位数字只能是1,2,3,4或6,7,8,9;它们的积的个位数字都是4;
所以,当n为4时,任意4个连续自然数相乘,其积的个位数字只有两科可能.
二:当n为3时,有1×2×3的个位数字为6,2×3×4的个位数字为4,3×4×5的个位数字为0,……不满足.
三:当n为2时,有1×2,2×3,3×4,4×5的个位数字分别为2,6,4,0,显然不满足.
至于n取1显然不满足了.
所以满足条件的n是4.
2.如果四个两位质数a,b,c,d两两不同,并且满足,等式a+b=c+d.那么,1)a+b的最小可能值是多少?
2)a+b的最大可能值是多少?
分析与解】两位的质数有11,13,17,19,23,29,3l,37,41,43,47,53,59,6l,67,71,73,79,83,89,97.
可得出,最小为11+19=13+17=30,最大为97+71=89+79=168.
所以满足条件的a+b最小可能值为30,最大可能值为168.
3.如果某整数同时具备如下3条性质:
这个数与1的差是质数;
这个数除以2所得的商也是质数;
这个数除以9所得的余数是5.
那么我们称这个整数为幸运数.求出所有的两位幸运数.
分析与解】条件①也就是这个数与1的差是2或奇数,这个数只能是3或者偶数,再根据条件③,除以9余5,在两位的偶数中只有14,32,50,68,86这5个数满足条件.
其中86与50不符合①,32与68不符合②,三个条件都符合的只有14.
所以两位幸运数只有14.
4.在555555的约数中,最大的三位数是多少?
分析与解】555555=5×111×1001
显然其最大的三位数约数为777.
5.从一张长2002毫米,宽847毫米的长方形纸片上,剪下一个边长尽可能大的正方形,如果剩下的部分不是正方形,那么在剩下的纸片上再剪下一个边长尽可能大的正方形.按照上面的过程不断地重复,最后剪得正方形的边长是多少毫米?
分析与解】 从长2002毫米、宽847毫米的长方形纸板上首先可剪下边长为847毫米的正方形,这样的正方形的个数恰好是2002除以847所得的商.而余数恰好是剩下的长方形的宽,于是有:2002÷847=2……308,847÷308=2……231,308÷231=1……77.231÷77=3.
不难得知,最后剪去的正方形边长为77毫米.
6.把26,33,34,35,63,85,91,143分成若干组,要求每一组中任意两个数的最大公约数是1.那么最少要分成多少组?
分析与解】26=2×13,33=3×11,34=2×17,35=5×7,63=×7,85=5×17,91=7×13,143=11×13.
由于质因数13出现在三个数中,故至少要分成三组,可以分成如下3组:
将分为一组分为一组,而分为一组.
所以,至少要分成3组.
7.设a与b是两个不相等的非零自然数.
1)如果它们的最小公倍数是72,那么这两个自然数的和有多少种可能的数值?
2)如果它们的最小公倍数是60,那么这两个自然数的差有多少种可能的数值?
【分析与解】(1)a与b的最小公倍数72=2×2×2×3×3,有12个约数:1,2,3,4,6,8,9,12,18,24,36,72.不妨设a>b.
一:当a=72时,b可取小于72的11种约数,a+b≥72+1=73;
二:当a=36时,b必须取8或24,a+b的值为44或60,均不同第一种情况中的值;
三:当a=24时,b必须取9或18,a+b的值为33或42,均不同第。
一、二种情况中的值;
四:当a=18时,b必须取8,a+b=26,不同于第。
一、二、三种情况的值;
五:当a=12时,b无解;
六:当a=9时,b必须取8,a+b=17,不同于第。
一、二、三、四情况中的值.
总之,a+b可以有ll+2+2+1+1=17种不同的值.
(2)60=2×2×3×5,有12个约数:1,2,3,4,5,6,10,12,15,20,30,60.a、b为60的约数,不妨设a>b.
一:当a=60时,b可取60外的任何一个数,即可取11个值,于是a-b可取11种不同的值:59,58,57,56,55,54,50,48,45,40,30;
二.当a=30时,b可取4,12,20,于是a-b可取26,18,10;
三:当a=20时,b可取3,6,12,15,所以a-b可取17,14,8,5;
四: 当a=15时,b可取4,12,所以a-b可取11,3;
五: 当a=12时,b可取5,10,所以a-b可取7,2.
总之,a-b可以有11+3+4+2+2=22种不同的值.
8.在小于1000的自然数中,分别除以18及33所得余数相同的数有多少个?(余数可以为0)
六年级奥数讲义 数论
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