6、答案选a
解析】设飞机在航母上运动的时间为t，则在t时间内航母做匀速运动的们移为飞机通过的位移飞机起飞时且由题意知联立解得v=9m/s故选a
7、答案选c
解析】利用v-t图象易得c
8、答案选d
解析】由图分析可知，物体在第1s内向a做匀加速运动；第2s内，物体继续向a做匀减速运动，2s末速度减为零；第3s内，物体向a做匀加速运动；第4s内，物体向a做匀减速运动；所以物体一直向a运动．4s末静止在偏向a侧的某点．故d正确，abc错误．故选d
9、答案选c
解析】设经过时间t甲乙在空中相碰，甲做自由落体运动乙做竖直上抛运动。
联立得而球上升的时间时，在最高点相遇。在上升阶段相遇，即而乙球落地的时候为即落地时相遇。即。
下降段相遇的条件为。
10、答案选c
解析】刚好接到球时，空中还有两个球，由竖直上抛运动的对称性，每个球上升到最高点所用时间为0.8s，则。
11、答案选d
解析】倒过来分析，子弹向左做匀加速直线运动，初速度为零，设每块木块的长为l ,则v1：v2：v3=,故选项b不正确，由v3=at3,v2=a(t2+t3),v1=a(t1+t2+t3)得到t1：
t2：t3=,故选项d正确，所以本题正确选项为d.
12、答案选b
解析】开始阶段，人的速度大于汽车的速度，人和车的距离在减小；当人的速度小于汽车的速度时，人和车的增大，当人和车的速度相等时，两者距离最小，设经过时间t两者速度相等，，此时步行者的位移为，汽车的位移为，，故不能追上；人车最近距离是。故选b
13、答案选bc
解析】由图象可得小球第一次与地面碰撞前释放高度h=20m，则可得第一次落地时速度为，则a错误；由图象可知第一次撞后上升的最大高度为h'=5m，可得第一碰撞后的速度为，则b正确。由图象可知小球在4~5s内刚好与地面撞击两次，即在空中运动时间为1s，所以有，则其在4~5秒内小球走过的路程为，故c正确；根据图象规律可知，小球第四次碰撞时间应在5~6秒之间，故d错误。
二、实验题。
15、答案(1)17m(2)17.9m/s
16、答案：（1）由运动学公式s=v0t+at2=（v1－at）t+at2=－at2＋v1t，形变为=－at＋v1，从此式可知，－t图线是一条斜率为负的直线；（2）根据题目提供的数据按进行处理，把处理的数值对应描点，然后用一根直线连接这些点，所得图象如图所示；
3）由图线知斜率绝对值为k==1.0，又从=－at＋v1知，斜率的绝对值为a，故有。
a=1.0，即a=2.0m/s2
答案】（1）或 （2）见精析精讲图。
3）2.0（1.8-2.2范围内均正确）
三、计算题。
17、答案：设物体的加速度为a，到达a点的速度为v0，通过ab段和bc点所用的时间为t，则有。
l1=v0t＋at2
l1＋l2=2v0t＋2at2
联立①②式得。
l2－l1=at2
3l1－l2=2v0t
设o与a的距离为l，则有l=⑤
联立③④⑤式得l=
18、答案(1)b车刹车时加速度大小ab＝＝m/s2＝0.25 m/s2.
b车停下来的运动时间tb＝＝s＝120 s.
设b车刹车后经时间t两车速度相等，即vb－abt＝va，t＝＝s＝80 s.
此时a车前进距离xa′＝vat＝10×80 m＝800 m；
b车前进距离xb′＝vbt－abt2＝30×80 m－×0.25×802 m＝1 600 m.
因xa′＋500 m＝1 300 m设两车相撞时经历时间为t′，则有vbt′－at′2＝vat′＋x，即30t′－×0.25t′2＝10t′＋500，解得t′＝31.01 s．(另一根不合题意，舍去)
设相撞处距b车开始刹车处距离为xb″，则xb″＝vat′＋x＝10×31.01 m＋500 m＝810.1 m.
2)设b车恰好不与a车相撞时，a车的加速度为aa，当b车追上a车时，两车速度相等，此时距b车开始刹车的时间为t，故有xa＋x＝xb，即vat＋aa(t－δt)2＋x＝xbt－abt2，10t＋aa(t－1.5)2＋500＝30t－×0.25t2，①
且vb－abt＝va＋aa(t－δt)，即30－0.25t＝10＋aa(t－1.5)②
解①②两式得t＝49.43 s，aa＝0.16 m/s2.
故当a车的加速度大于0.16 m/s2时，可避免两车相撞．
答案 (1)会相撞，在b刹车后31.01 s时，离b车开始刹车处810.1 m处 (2)至少为0.16 m/s2.
19、答案(1)2.5 m/s2 (2)6.1 m/s2
解析：（1）汽车速度v0=36km/h=10m/s。司机的反应时间为t1=1s,司机反应时间内汽车通过的位移x1=v0t1=10m。
加速时间t2=5s-t1=4s,加速位移：
代入数据解得：a1=2.5m/s2。
2）汽车加速结束时通过的位移，x2=49m。
此时汽车离停车线的距离为x3=70-x2=21m。
此时速度为v=v0+a2t3=16m/s。匀减速过程， -
代入数据解得：a3=6.1m/s2
20、答案：该同学的解法不正确，因为摩托车必须在218 m的直道上完成变速运动过程，但按照该同学的解法，t1==10(s),t2==2.5(s),t=t1+t2=12.5(s)
摩托车的位移为s=s1+s2=v1t1+ (v1+v2)t2
×40×10+×（40+20）×2.5=275(m)
已大于直道长度218 m.
正确的解法如下：
摩托车在t1时间内加速到vm,再在t2时间内减速到v2,总位移s为218 mt1t2
s由①②③式联立解得。
vm=36(m/s)
最短时间。t=t1+t2===11（s）.
寒假作业12详解答案
12详细答案。1.c 解析 a 从时该t1到t2，钩码受到的拉力小于重力时，钩码处于失重状态，加速度向下，所以a错误 b 从时刻t3到t4，钩码受到的拉力大于重力，钩码处于超重状态，加速度向上，故b错误 c 如果电梯开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层，那么应该是拉力...
寒假作业10详解答案
1.b 解析 这里的质量指的是小车和砝码的质量不变。2.acd 解析 需要抬高的是远离定滑轮的那一端。3.b 解析 平衡摩擦力时不能，不能挂重物所以a错，实验时先接通电源后释放小车所以c错，会产生影响，使图像不能成正比。4.d 解析 本实验采用的研究方法是控制变量法，保持三个相关量中的一个不变，研究...
寒假作业2详解答案
对于乙来说有，则。故t2 t1 即甲车用的时间少，即甲车先到达 故a正确，b c d错误 故选a 5 答案选c 解析 球从越高的地方下落，接近地面时其平均速度越大，故下落相同的距离所用时间越少。6 答案选a 解析 a 他们在同一时刻由同另一地点沿同一方向开始做直线运动，经过时间t1位移又相等，故在t...