物理。二、选择题。
14．如图所示，在光滑的绝缘水平面上，由两个质量均为m带电量分别为＋q和－q的甲、乙两个小球，在力f的作用下匀加速直线运动，则甲、乙两球之间的距离r为( )
a. b．q c．2q d．2q
15．如图所示，有一光滑斜面倾角为θ，固定在水平面上，竖直挡板与斜面夹住一个质量为m光滑球，现使挡板以恒定的加速度a向右运动，则小球的加速度为( )
a．a b．acos θ c. d．asin θ
16．如图所示一轻质弹簧下端悬挂一质量为m的小球，用手托着，使弹簧处于原长，放手后，弹簧被拉至最大形变过程中，下列说法正确的是( )
a．小球先失重后超重。
b．小球机械能守恒。
c．小球所受的重力做的功大于弹簧的弹力对小球所做的功。
d．弹簧被拉至最大形变时，弹簧的弹性势能、小球的重力势能之和最大。
17．一竖直放置的平行板电容器，两极板与一直流电源相连。一带电粒子沿图中直线由a运动到b，下列叙述错误的是( )
a．粒子带正电b．粒子做匀加速直线运动。
c．粒子动能增加 d．粒子电势能减少。
18．如图所示，m为理想变压器，各电表均可视为理想电表．电路输入端a、b接正弦交流电压，则在滑动变阻器的滑片p向下滑动的过程中( )
a．a1的示数不变，a2的示数增大 b．a1的示数增大，a2的示数增大。
c．v1的示数增大，v2的示数增大 d．v1的示数不变，v2的示数减小。
19．有甲乙两颗近地卫星均在赤道平面内自西向东绕地球做匀速圆周运动，甲处于高轨道，乙处于低轨道，并用绳子连接在一起，下面关于这两颗卫星的说法错误的是( )
a．甲卫星一定处在乙卫星的正上方。
b．甲卫星的线速度小于乙卫星的线速度。
c．甲卫星的加速度大于乙卫星的加速度。
d．若甲乙之间用导电缆绳相连，则缆绳两端会产生电势差。
20．如图所示为垂直纸面方向的圆形匀强磁场，半径为r。有甲、乙两个质量和电荷量大小都相同的异种带电粒子沿直径方向分别由a、b两点射入磁场，并且都从c点射出磁场，c点到ab的距离为r，若带电粒子只受洛伦兹力，下列说法正确的是( )
a．甲乙速度之比2：1 b．甲乙时间之比1：2
c．甲乙路程之比3：2 d．甲乙半径之比2：1
21．如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧下端悬挂一质量为m的条形磁铁，条形磁铁下面固定一电阻为r的导体环。先将条形磁铁从弹簧原长位置由静止释放，并穿越下面的导体环，则( )
a．磁铁在运动过程中，所受的磁场力有时为动力有时为阻力。
b．磁铁在释放的瞬间，加速度为g
c．磁铁最终停在初始位置下方处。
d．整个过程中导体环产生的热能为。
22．(5分)有一游标卡尺，主尺的最小分度是1 mm，游标上有20个小的等分刻度．用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是___mm.用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图乙所示的读数是___mm。
23．(10分)某兴趣小组通过物块在斜面上运动的试验，**“合外力做功与物体动能的变化的关系”。 他们的实验装置如图甲所示，pq为一块倾斜放置的木板，在q处固定一个速度传感器(用来测量物体每次通过q点时的速度v) ，每次实验，物体从不同高度h处由静止释放，但始终保持斜面底边长l＝0.5 m不变。
他们最后做出了如图乙所示的v2－h图像。图像与横轴的交点为0.25。
1)图像乙不过坐标原点的原因是。
2)物块与斜面间的滑动摩擦因数。
3)若最后得到的图像如图丙所示，则可能的原因是(写出一个。
4)若更换光滑的斜面，重复上述步骤得到图乙的图像，图像的斜率将填“增大”、“减小”、“不变”)
24．(14分)如图所示，一个小球以v0＝8.0 m/s速度从圆弧轨道的o点水平抛出，恰好能沿着斜面所在的方向落在q点。已知斜面光滑，斜面与水平面的夹角为θ＝37°，斜面的高度为h＝15 m．忽略空气阻力的影响，重力加速度为g＝10 m/s2。
求小球从o点抛出到斜面底端的m点所用的总时间。(保留两位有效数字)
25．(18分)如图所示，半径为r的半圆型光滑绝缘轨道固定在水平面上，一带电量为＋q，质量为m的小球以极微小的速度从轨道最高点a释放，恰在b点进入有界电场和磁场的复合场(电场未画出)，并能沿直线运动到地面上的c点。(重力加速度为g)求：
1)复合场左边界到oa的距离；
2)电场强度的最小值e，及电场强度最小时匀强磁场的磁感应强度b。
34．【物理—选修3－4】(15分)
1)(6分)下列说法正确的是___
a．发生沙尘暴天气时，能见度降低，天空变黄变暗，这种情况下只有频率较低的一部分光才能到达地面。
b．增透膜是利用光的衍射原理来增强透射光的强度。
c．在演示双缝干涉试验时，常用激光做光源，这主要是利用了激光的单色性好。
d．产生多普勒效应的原因是波源的频率发生了变化。
2) (9分)一列简谐横波沿x轴正向传播，在t＝0时刻的波形图如图所示。质点a的横坐标xa＝3.5 m。已知波的传播速度为1 m/s。求：
t＝0时刻a点的振动方向；
从t＝0开始，a点经过多长时间第一次到达平衡位置；
t＝0时刻a点的纵坐标是多大。
35．【物理—选修3－5】(15分)
1)(6分)下列关于近代物理中的四种描述，正确的是___
a．原子核分解成核子一定有质量亏损，释放出能量。
b．α射线，β射线，γ射线本质上都是电磁波，而且r射线的波长最短。
c．用质子流工作的显微镜比用相同速度的电子流工作的显微镜分辨率高。
d．氢原子辐射出一个光子后能量减小，核外电子的运动加速度增大。
2)(9分)如图所示，水平放置的弹簧左端固定，小物块p(可视为质点)置于水平桌面上的a点，并与弹簧右端接触，此时弹簧处于原长．现用水平向左的推力将p缓慢地推至b点，撤去推力后，在弹簧弹力作用下p沿桌面滑上一个停在光滑水平地面上的长木板q上，刚好滑到长木板的右端时p与q共速。已知p、q的质量分别为m＝2 kg、m＝4 kg，b距桌子边缘c的距离l1＝6 m，木板q的长度l2＝3 m, p与桌面及p与q间的动摩擦因数都为μ＝0.1，g取10 m/s2，求：
弹簧被压缩到b时的弹性势能。
14．b 选甲、乙作为整体为研究对象，加速度a＝①
选乙为研究对象列牛顿第二定律方程。
ma②②联立得 r＝q
15．c 小球沿斜面加速上滑，把加速度分解为水平和竖直两个方向，水平分加速度为a，所以合加速度为，所以c正确。
16．ad 弹簧被拉至最大形变过程中，弹力逐渐增大，弹力开始小于重力，后来大于重力，所以先失重后超重，a对；弹簧被拉至最大形变过程中小球、地球、弹簧组成的系统机械能守恒，b错；由动能定理知小球所受的重力做的功等于小球克服弹簧的弹力所做的功，c错；由机械能守恒知，弹簧被拉至最大形变时，系统动能最小，系统的势能最大，即弹簧的弹性势能、小球的重力势能之和最大，d对。
17．a 由运动轨迹知，带电粒子所受的重力和电场力的合力在ab这条直线上，由此可以判断电场力向右，由于不知道两极板的电性，所以无法判断带电粒子的电性，a错；重力、电场力是定值，合力也是定值，方向与运动方向同向，所以是匀加速直线运动。b对；有合外力做正功，动能增加，c对；电场力做正功，电势能减少，d对。
18．d 当滑动变阻器的滑片p向下滑动时，滑动变阻器的的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，a1测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流a1示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以v1的示数不变，由于副线圈中电流增大，r2的电压变大，所以v2的示数要减小，即r1的电压也要减小，所以a2的示数要减小，所以d正确．故选d。
19．b 如果甲卫星不在乙卫星的正上方，则甲乙两颗卫星所受的合力均不指向地心，则它们无法做匀速圆周运动，所以甲卫星一定在乙卫星的正上方，那么它们的角速度相同，根据v＝ωr，甲卫星的线速度大于乙卫星的线速度；根据a＝ω2r甲加速度大于乙的加速度；地球是一个大磁场。甲、乙之间的导电缆绳会切割地球磁感线产生电势差。
20．bc 由几何知识知，cd＝r，所以甲的偏转角为60°；乙的偏转角为120°。甲的半径为r1＝rcot 30°，乙的半径为r2＝rcot 60°＝r。所以半径之比为3：
1；由r＝得速度之比为3：1；由t＝t得时间之比为1：2；由弧长公式l＝αr得，路程之比为3：
2。21．bc 磁铁在运动过程中，所受的磁场力始终为阻力，a错；磁铁在释放的瞬间，只受重力，加速度a＝g，b对；磁铁最终停止时，由胡克定律得弹簧的伸长量x＝，所以c对；由能量守恒得，磁铁减少的重力势能mgx＝转化为弹簧的弹性势能和导体环产生的热能，d错。
22．10.50(2分) 1.731～1.733(3分)
23．解析：设斜面的长为s，倾角为θ。由动能定理得
mgsin θ－mgcos θ)s＝mv2
即mgh－μmgl＝mv2
v2＝2gh－2μgl
v2与h是一次函数，不过原点的原因是存在摩擦阻力，由图像可知，当h＝0.25 m时，v＝0，代入v2＝2gh－2μgl得μ＝0.5，若图像发生了弯曲，说明释放物块时存在初速度，或者是释放位置高度大于h。
由v2＝2gh－2μgl知斜率k＝2g为定值，若更换光滑的斜面，图像的斜率不变。
答案：(1)存在摩擦阻力(2分)
2)0.5(3分)
3)释放物块时存在初速度(或者是释放位置高度大于h)(3分)
4)不变(2分)
24．解析：设从o到q所用的时间为t1，由平抛运动规律得。
tan θ＝4分)
t1＝0.6 s(1分)
落到q点的速度v＝＝10 m/s(2分)
设小球在斜面上运动的加速度为a，时间为t2
则a＝gsin θ＝6 m/s2(2分)
vt2＋at (3分)
t2≈1.7 s(1分)
所以小球从o点抛出到斜面底端的m点所用的总时间。
t＝t1＋t2＝2.3 s(1分)
25．解析：设∠aob＝θ，小球到b点的速度为v，由动能定理得mgr(1－cos θ)mv2①(3分)
在b点只受重力，由牛顿第二定律得。
mgcos θ＝3分)
式②式式联立得。
cos θ＝1分)
v＝(1分)
所以复合场左边界到oa的距离。
bd＝rsin θ＝r(2分)
在磁场和电场的复合场中，受力如图。
由共点力平衡得。
mgcos θ＝qvb③(6分)
mgsin θ＝qe④
④联立得。
2019模拟
模拟题二 2013年新版 宋卫东。第1题 以下不属于燃气管网分类的是 a 系统 b 多级系统 c 二级系统 d 高级系统标准答案 d 答案解析 本题考核的是燃气管网的分类。解析 城市输配系统的主要部分是燃气管网，根据所采用的管网压力级制不同可分为 一级系统 二级系统 系统 多级系统。第2题 下列关于...
2019模拟
2013年化学模拟试卷2 班级座号姓名评分。可能用到的相对原子质量 h 1 li 7 c 12 o 16 na 23 mg 24 al 27 s 32 cl 35.5 zn 65 一。选择题 本大题包括10小题，每小题3分，共30分。每小题有四个选项，只有一个选项符合题意 1 下列物质中，含有氧分子...
2019模拟
一 判断题 每小题1分，共计20分 1 小王的效用函数是 小李的效用函数是 小王和小李具有相同的偏好，因为小李的效用函数是小王的效用函数的单调变换。2 显示偏好强公理要求如果某个消费者在购买x的时候有能力购买y，选择y的时候有能力购买z，那么他在有能力购买x的时候，就不会购买z。3 如果某人买了15...