奉贤区。第6题：，则可利用归纳假设。
第8题：当圆心到直线的距离时，离直线距离为1的。
两直线都会与园交于两点，所以在圆上共有四点满足要求，即。
第11题，取前三项可得。
第12题：设直线的方程为与曲线方程联立得。
则方程（*）的两根就是交点的横坐标。
又因为。代入可得。
第13题：利用“加法变乘法”、“乘法变乘方”的变化规律可得。
第14题（理），只要满足即可。
又因为是等差数列，则只要是一个指数函数就可使为等比数列，设，代入即可求得。
文)，取前三点。
共线的必要条件是，可得，且两者不能同时成立，否则点将重合。
第17题：因为在上是递增的，只须核对的区间范围即可。
闵行区。第9题：由右图可知，当时，
第13题：显然是一个周期数列，算到即可得周期为3.
第14题：由图可知：当时。
的图像全部在的图像的上方，
反之亦然，故（1）正确，则（2）不正确。
由图2可知：满足时不一定。
有，所以（3）不正确，（4）正确。
第18题：首先要明确的是：
是等比数列，不一定是等比数列。
如：, 但一定是等比数列，可解得。
所以导致数列的每一项。
均有两个不同的选择，所以共有个结果。
2023年一模卷解答 4 嘉定,宝山
9 嘉定区 除去第 题外都可做 第12题 本题陷阱很多，首先要从解得保障条件 有因为分别是两方程的两根，且，分类复习 若 若，不合要求而舍去。第13题 按定义。所以，当且仅当 0时成立，故时成立。第14题 答案中已有详细解答。第18题 可以用值域的方法推得，又。所以，而。10 宝山区 除去第 题外都...
2023年一模卷解答 3 虹口,徐汇
7 虹口区 除去第 题外都可做 第7题 作出函数和的大致图像即可得到结论。第8题 讲代入原式 第9题 是单调函数，第11题 等式两边同除以即得是一个等差数列。第12题 分式上下同除，分母为在上为增函数。第14题 因为函数图像的开口向上，所以只有抛物线的顶点落在直线上是合乎要求，于是。第17题 因为对...
2023年一模卷解答 6 金山,青浦,崇明
2011年一模卷解答 6 15 金山区 除去 外 第11题 可解得，因而在复数范围内，有无数解，所以命题错 因为，所以正确 逆否命题先让你正确，故正确 基本不等式取等条件不满足，所以没有最小值，所以命题错。第13题 作出草图可知时，满足要求 另一条为切点在第二象限的切线。因为。第14题 由最上方的菱...