2023年高考模拟试卷 2

发布 2020-05-17 00:37:28 阅读 5364

南通市数学学科基地命题。

第ⅰ卷(必做题,共160分)

一、填空题:本大题共14小题,每小题5分,共70分 .

1. 若集合,则 ▲

2. 已知复数,其中是虚数单位,则复数在复平面上对应的点位于第 ▲ 象限。

3. 某高中共有人,其中高。

一、高二、高三年级的人数依次成等差数列.现用分层抽样的方法。

从中抽取人,那么高二年级被抽取的人数为 ▲

4. 双曲线的离心率为 ▲

5. 执行右边的伪**后,输出的结果是 ▲

6. 从2个黄球,2个红球,一个白球中随机取出两个球,则两球颜色不同的。

概率是 ▲

7. 若一个圆锥的母线长为2,侧面积是底面积的倍,则该圆锥的体积为 ▲

8. 在等比数列中,已知,则 ▲

9. 若函数为定义在上的奇函数,当时,,则不等式。

的解集为 ▲

10. 已知实数满足,则的取值范围是 ▲

11.设函数和的图象在轴左、右两侧靠近轴的交点。

分别为、,已知为原点,则 ▲

12.若斜率互为相反数且相交于点的两条直线被圆:所截得的弦长之比。

为,则这两条直线的斜率之积为 ▲

13. 设实数,不等式对恒成立,则实数m的取值范围是 ▲

14.在斜三角形abc中,若,则sinc的最大值为 ▲

二、解答题:本大题共6小题,共90分。

15.(本小题满分14分)己知向量,.

(1)若,求的值:

2)若,且,求以、为边,夹角为的三角形的面积.

16.(本小题满分14分)如图,在三棱锥p- abc中,已知平面pbc平面abc.

(1)若abbc,cppb,求证:cppa:

2)若过点a作直线平面abc,求证: /平面pbc.

17.(本小题满分14分)

如图,abcd是一块边长为100米的正方形地皮,其中atps是一半径为90米的底面为扇形。

小山(p为圆弧ts上的点),其余部分为平地。今有开发商想在平地上建一个两边落在bc及。

cd上的长方形停车场pqcr..

1)设,试将矩形pqcr面积表示为的函数;

2)求停车场pqcr面积的最大值及最小值。

18.(本小题满分14分)如图,点a(1,)为椭圆上一定点,过点a引两直线与。

椭圆分别交于b、c两点。

1)求椭圆方程;

2)若直线ab、ac与x轴围成以点a为顶点的等腰三角形。

求直线bc的斜率;

求△abc的面积最大值,并求出此时直线bc的方程。

19.(本小题满分16分)已知数列{}中,,且对任意正整数。

都成立,数列{}的前n项和为sn.

1)若,且,求;

2)是否存在实数k,使数列{}是公比不为1的等比数列,且任意相邻三项。

按某顺序排列后成等差数列,若存在,求出所有k的值;若不存在,请说明理由;

3)若。20.(本小题满分16分)已知函数为的导数,有两个零点。

且。1)当时,求的单调区间;

2)证明: ;

3)证明:使得。

第卷(附加题,共40分)

b.(选修4-2:矩阵与变换) 已知矩阵 ,a的逆矩阵。

1)求a,b的值;(2)求a的特征值。

c.(选修4-4:坐标系与参数方程) 己知在平面直角坐标系中,圆的参数方程为。

为参数),以轴为极轴,为极点建立极坐标系,在该极坐标系下,圆是以点为圆心,且过点的圆.

1)求圆及圆在平面直角坐标系下的直角坐标方程;

2)求圆上任一点与圆上任一点之间距离的最小值.

选做题】第22题、23题,每题10分,共计20分。

22.甲、乙两人投篮命中的概率为别为与,各自相互独立,现两人做投篮游戏,共比赛3局,每局每人各投一球.

1)求比赛结束后甲的进球数比乙的进球数多1个的概率;

2)设ξ表示比赛结束后,甲、乙两人进球数的差的绝对值,求ξ的概率分布和数学期望e(ξ)

23.对于给定的大于1的正整数n,设,其中{},且,记满足条件的所有x的和为。

1)求a22)设,求f(n).

一、填空题。

1. 2.四 3.16 4. 5.28

7..圆锥母线长2,可求底面半径为1,故高h=,故v=.

8. 64. 先得公比q2=4,知64 .

9. e).

由于是奇函数,结合函数图像得,不等式的解集是e) .

10. [1,7].根据可行域知,目标函数化为z=x-y+3(去掉绝对值是关键)

11. -8/9.令f(x)-g(x)=0,化简得。

则,故。12. -9或-1/9.设斜率为k,-k,则两条直线方程为kx-y+1-k=0,kx+y-1-k=0,两条弦心距为。

弦长,代入弦长之比。

得,求出k=3,或k=-1/3,故结果为-9或-1/9.

13..(1)当时,不等式显然成立;(2)当时,由得;(3)当时,由得m<2, 矛盾,综上,.

14..切化弦得,,于是知sinc的最大值。

二、解答题

15.(1)因为,所以,所以,即.

因为,所以.

2)由∥,得,

即,即,整理得, 又,所以,所以,即. 所以三角形的面积=

16.(1)因为平面⊥平面,平面平面,平面,,所以⊥平面. 因为平面,所以⊥.

又因为⊥,且,平面,所以⊥平面,又因为平面,所以⊥.

2)在平面内过点作⊥,垂足为.

因为平面⊥平面,又平面∩平面=bc,平面,所以⊥平面.

又⊥平面,所以//.

又平面,平面,所以//平面.

17.(1)spqcr=f(θ)100-90cosθ)(100-90sinθ)

8100sinθcosθ-9000(sinθ+cosθ)+10000 , 0,].

2)由(1)知spqcr=f(θ)8100sinθcosθ-900(sinθ+cosθ)+10000 ,θ0,]

令sinθ+cosθ=t,则t=sin(θ+1

spqcr=t2-9000t+10000-

当t=时,spqcd最小值为950(m2)

当t=时,spqcd最大值为14050-9000 (m2).

答:停车场面积的最大值和最小值分别为 14050-9000 (m2)和950(m2).

18. (1)把点a(1,)代入得n=6,故椭圆方程为。

2)(i)显然题中等腰三角形腰所在的直线不可能与x轴垂直,因此其斜率必存在,设两腰的斜率分别为、,由。

得点b的横坐标为(为点a的横坐标),点b的纵坐标为,即。

同理可得点c的坐标为。

,∴直线bc的斜率为。

ii)设直线bc的方程为,代入方程得,

又点a到直线bc的距离为。

当,即或时,△abc面积取得最大值为。

此时,直线bc的方程为。

19.⑴时,,,所以数列是等差数列,

此时首项,公差,数列的前项和是,故,得;

设数列是等比数列,则它的公比,所以,,,

①若为等差中项,则,即,解得,不合题意;

若为等差中项,则,即,化简得:,解得,(舍去);;

若为等差中项,则,即,化简得:,解得。

综上可得,满足要求的实数有且仅有一个。

⑶则,当是偶数时, ,当是奇数时,,也适合上式,

综上可得。20.(1),可得f(x)的单调减区间为(0,3),单调增区间为(3,+)

2) 设,可证此函数在(1,+)是增函数,且,令,代入得到,而由》,故有。

3)令, g(x)是增函数,令,则有(用到lnx由零点定理知,存在,即。

即。 c.(1)⊙m:,对应直角坐系下的点为,对应直角坐系下的点为,∴⊙n:

2)pq=mn-3

22.( 1)比赛结束后甲的进球数比乙的进球数多1个,有以下几种情况:

甲进1球,乙进0球;甲进2球,乙进1球;甲进3球,乙进2球.

比赛结束后甲的进球数比乙的进球数多1个的概率:

p=++2)由已知得ξ的可能取值为0,1,2,3,p(ξ=0)=+p(ξ=1)=+p(ξ=3)==p(ξ=2)=1﹣p(ξ=0)﹣p(ξ=1)﹣p(ξ=3)=1﹣=,的分布列为:

eξ==1.

23.⑴当时,故满足条件的共有个,分别为,它们的和是。

由题意得,各有种取法;有种取法,由分步计数原理可得,的不同取法共有。

即满足条件的共有个。

当分别取时,各有种取法,有种取法,故中所有含项的和为;

同理,中所有含项的和为;

中所有含项的和为;

中所有含项的和为;

当分别取时,各有种取法,故中所有含项的和为;所以;故。

2023年高考模拟试卷 2

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