高中物理选修3-1参***。
第8章电场。
第一课时答案：
1正负同种电荷相吸异种电荷排斥 2 b3b 4 bd 5 a 6 c 7 cd 8 ab 9 b10 4.8×10-19
第二课时答案：
1点电荷间距电量的乘积 2 a d 3 ac 4 c 5 a 6 b7ａ8 kr2qq/r4 9 v =
t10 ４ｑ在－q一侧 11 不是。
第三课时答案：
1d2 bcd 3 a 4 d 5 bd 6b7 d 8 cd 9ｃ 10 56.25 11e=mgtanθ/q
第四课时答案：
1略2ｄ 3 d 4 b 5ａｃ6 ad 7 d 8ｂｄ9ｃ 10. a 11. d 12. mgsina/q mgcosa
第五课时答案：
1bd ２bc ３d ４abd ５a ６b ７a ８c ９abd １０ac １１j １２10-４j ３×10-４j １３
第六课时答案：
2b3b4c5b6d7 3v 1.8×10-5 8 100 -100 6×10-6 9
10 w= 9×10-6j 3×10-6j 1:2
第七课时答案：
1a2abd3d4d5c6abd7cd8ab 9(1)500v(2)- 500v(3) 500v 10-2v 11(1) φa》φb (2)t=mv0 /ee (3) mv0 2/2ee
第八课时答案：
1c2c3cd4d5d6b7bc8c9bc10b 11 7.5×103 -3.84×10-16
增大 12 100n/c 13 2.5×103 n/c -175v 14e=
第九课时答案：
1略2c 3a 4c5qelcosθ qelcosθqelcosθ 与路径无关6 n到m 100n/c 7 200 a b -200 2.0×103 n/c 8 9负电mg/q 10 先增大后减小 0 11 12v 12 200n/c
60v 30v 13不能 a=g 14 mgd/100 正电荷 v02 /2
第十课时答案：2c3b4a5bc 6b7b8b9c
10．解：先求得未按下时的电容c1=0.75pf，再由得和c2=1.00pf，得δd=0.15mm。
第十一课时答案： 3d 5．2×10-11、减小、增大、不变、不变、减小、不变、减小减小
6．分析与解答：电子在匀强电场中受到电场力与重力作用，由于电场力f=，远大于重力（g=mg=9×10-30n），即重力作用对物体运动的影响可以忽略不计，只考虑电场力。又由于电场力方向于速度方向垂直，即在水平方向作匀速直线运动，竖直方向作初速度为零的匀加速运动，作类平抛运动。
1）电子在电场中的加速度a= 侧位移即竖直方向的位移y=
则：y=2）电子飞出电场时，水平分速度vx=v0，竖直分速度vy=at=
则电子飞出电场时的速度v，由勾股定理可得：v=
设v与v0的夹角为θ，则tgθ=
3）电子飞出电场后作匀速直线运动，则op=y+stgθ=0.025m
7．1）设电容器两极间电压为u由 c= 得 u=
2)设匀强电场场强为e，带电粒子沿直线ad运动。
qecosα=mge=
3)设板间距离为d，粒子从a到d位移为s，s=
粒子带达c处速度为v
quv=d= t
8．解：电子在y轴方向作匀速直线运动，位移方程为，电子在x轴方向作初速度为零得匀加速直线运动，位移方程为：，对电子应用牛顿第二定律得：
，解得：e = 3.9×104n/c，场强方向：
沿x轴负方向。
9．（1）设小球从p到 q需时t1s，由得(s) ①
小球进入电场后其飞行时间决定于电场力产生的加速度ax，由力的独立作用原理，可以求出小球在电场中的运动时间t2。应有。
由②③④式，得。
s)所以，运动总时间 (s)
2）小球由p点开始在竖直方向上始终是自由落体运动，在时间t内的位移为。
m)与金属板上端的距离为 (m)
第十二课时答案：1:d 2:b 3:d4:b 5:c
6答案：ad 7acd 8:b 9:a 10:
13:设带电粒子离开加速电场时的速度为v0由动能定理得。
带电粒子进人偏转电场后，在电场力作用下做匀变速曲线运动其中平行于极板方向做匀速直线运动，垂直于极板方向做匀加速直线运动。
即：l=v0t②
由②③得④
带电粒子通过偏转电场时的偏转角正切值。
14:(1)第一个粒子在极板间做平抛运动，即。
水平位移：x=v0t①
竖直位移：②
由①、②得。
为使第一粒子能落在下板中点o到紧靠边缘的b点之间，x必须满足。
即： 2)设以上述速度入射的带电粒子，最多能有n个落到下极板上。则第(n+1)个粒子的加速度为a，由牛顿运动定律得。
mg-qe=ma③
其中④由③、④得⑤
第(n+1)粒子做匀变速曲线运动。
第(n+1)粒子不落到极板上，则。
第十三课时答案：1d2a3d4d5d6c7b8a9c10c
11、x＜－1 ，0＜x＜1
12、密立根，1.6×10－19c ，元电荷。
13 8k，水平向左。
14（1）uac =－
2）vc =
15（1）e沿+f方向，等势面垂直f方向，φa =100v ，φb =－100v ；
2）δεab = 6×10－5j
16 ymax =；ymin =。
第9章恒定电流。
第1课时电源和电流。
1：b 2：b 3：bc 4：b 5：0.4 解析：在5s内通过的电荷量为。
q＝ne＝1.25×1019×1.6×10－19c＝2c[** i＝＝a＝0.4a
6答案：溶液中的电流大小为0.16a，方向由a指向b.
解析：nacl溶液导电是靠自由移动的na＋和cl－离子，它们在电场力作用下向相反方向运动．因为电流方向规定为正电荷定向移动的方向，故溶液中电流方向与na＋定向移动方向相同，即由a指向b.
na＋和cl－都是一价离子，每个离子的电荷量为e＝1.6×10－19c，nacl溶液导电时，na＋由a向b定向移动，cl－由b向a运动，负离子的运动可以等效地看做正离子沿相反方向的运动，可见，每秒钟通过m横截面的电荷量为两种离子电荷量的绝对值之和，则有i＝＝
a＝0.16a
7答案：4.0×1012个。
解析：最大电流即为光电管阴极k发射的电子全部到达阳极形成的．设光电管阴极k每秒内发射的电子数为n，则由电流的定义式i＝知，光电流i＝ne，故n＝i/e＝0.64×10－6/1.
60×10－19＝4.0×1012(个)．
8答案：5.0×1011个。
解析：由公式i＝，q＝ne，t＝得i＝，∴n＝＝5.0×1011个。
9答案：ac 10答案：b 11答案：a 12答案：ab 13答案：0.16
解析：1min时间内有5×10－5mol的h2逸出，则跑到阴极上的一价钠离子应有2×5×10－5×6.02×1023个＝6.02×1019个．[**。
通过的电流为：i＝＝a≈0.16a
14答案：6.25×1015个 2 1
解析：方法一：根据电流的定义，1s内通过每个横截面的电荷量为 q＝it＝1 ×10－3 ×1c＝1×10－3c
因此，这束质子流每秒打到靶上的质子数为。
n＝q/e＝1×10－3/1.6×10－19＝6.25×1015(个)
设质子源到靶之间均匀的加速电场的电场强度为e，则在相距l和4l两处电势差分别为u1＝el和u2＝4el
又设质子在这两处的速度分别为v1和v2，由电场力做的功与电荷动能变化的关系，即qu＝mv2，得：v2＝2v1.
在这两处的极短的相等长度内，质子数 n＝q/e＝it/e，可见n1/n2＝l1/l2.
而因两段长度相等，所以有v1t1＝v2t2，故。
n1/n2＝t1/t2＝v2/v1＝2.
方法二：由i＝nesv可知n1v1＝n2v2，而电子做匀加速直线运动，v2＝2as，故v1/v2＝1/2，所以，n1/n2＝2/1.
15答案：(1)2.72×103a (2)2.72×10－2v/m (3)2×10－5m/s
解析：(1)i＝＝2.72×103a
2)e＝＝2.72×10－2v/m
3)v＝＝m/s＝2×10－5m/s
16答案：1.63×1023个。
解析：一昼夜流过电路的总电量。
q＝it＝0.6×24×60×60c≈5.2×104c
因一个铜离子带两个正电荷，则析出的铜离子数。
n＝＝个＝1.63×1023个．
第2课时电动势。
1答案：c 2答案：d[**：z,xx,k. 3答案：d 4答案：ad 5答案：a e＝＝＝6v
6答案：abd
7答案：2v 240j
解析：e＝＝v＝2v.非静电力做的功转化成了其他形式的能．
w＝qe＝iet＝0.2×2×10×60j＝240j.
8答案：3.6j
解析：w＝qe，q＝it
所以w＝eit＝3.6×10×10－3×100j＝3.6j
9答案：bd[**：学科网] 10答案：ac 11答案：c 12答案：1.2 600 20 略。
13答案：2.16×106j
解析：w＝qe＝eit＝15×4×10×3600j＝2.16×106j.
14答案：2v
解析：由q＝i·t得q＝5×600c＝3000c
18组蓄电池的总电动势为。
e＝＝v＝36v
故每组蓄电池的电动势为＝2v.
15答案：(1)1800j (2)1.3v
解析：(1)整个电源的电动势e＝36v，在10s内电源移送的电荷量为q＝i·t＝5×10c＝50c，由电动势的意义可知w＝qe＝50×36j＝1800j.
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