34：(1)①竖直；②4，50；③10．(每空2分，共8分)2) ⅰ0.609(0.
608～0.610)(3分)ⅱ．①b(2分)；②作图(3分，分压均可)；③小(2分)35.解：
分析滑块受力，由牛顿第二定律得：
得：a1=gsinθ=6m/s2 ……2分。
通过图像可知滑块在斜面上运动时间为：t1=1s……2分。
由运动学公式得： …2分。
滑块对斜面的压力为：n1/=mgcosθ……2分。
木板对传感器的压力为：f1=n1/sinθ……2分。
由图像可知：f1=12n……1分。
解得：m=2.5kg……1分。
说明：如果从系统考虑，答案正确得满分)
滑块滑到b点的速度为：v1=a1t1=6m/s……1分。
由图像可知：f1=5n，t2=2s……2分……1分 ……1分。
w=fs2=40j……1分。
36.解： (1)a球能做圆周运动，必须有：eq=mag……2分。
…1分。电场强度方向竖直向上……1分。
(2)a球在mnpq区域运动时间相等，必须从边界mn飞出，如图所示，最大半径满足：r/cosθ+r/=hcosθ……2分。
a球做匀速圆周运动有：……2分。
解得：va=0.4m/s……1分。
依题意，a球速度必须满足：0＜va≤0.4m/s……1分。
3)ab相碰后，a做匀速圆周运动，半径r=h……1分。
由得 va=0.9m/s……1分。
b球做平抛运动，设飞行的水平距离为x，时间为t，有：
x=vb0t……1分。
…1分 vb0=vytanθ=gttanθ……1分。
得vb0=3m/s……1分。
由动量守恒定律得：
m**a0=m**a+mbvb0……1分。
mb=0.119kg……1分。
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