物理寒假作业1——静电场答案。
1解析： 两次充电是用同一电源进行的，所以所充电的电荷量相同，故放电时所放出的电荷量也相等，在将两金属板间距离拉大的过程中，克服电场力做功，电场能增加．答案： a
2解析： 将电容器上板或下板移动一小段距离，电容器带电荷量不变，由公式e＝＝＝可知，电容器产生的场强不变，以相同速度入射的小球仍将沿原轨迹运动．下板不动时，小球沿原轨迹由下板边缘飞出；当下板向上移动时，小球可能打在下板的**．所以只有选项b正确． 答案： b
3解析： 电流计指针向左偏转，说明流过电流计g的电流由左→右，则导体芯a所带电荷量在减小，由q＝cu可知，芯a与液体形成的电容器的电容减小，则液体的深度h在减小，故d正确答案： d
4解析： 若qe＝mg，小球做匀速圆周运动，球在各处对细线的拉力一样大．若qemg，球在a处速度最大，对细线的拉力最大．故a、b错．a点电势最高，负电荷在电势最高处电势能最低，故c正确．小球在运动过程中除重力外，还有电场力做功，机械能不守恒，d错误．
5解析： 由题意可知，当电子在电场中运动的时间恰好等于在a、b板间所加交变偏转电压周期的整数倍时，电子可沿轴线射出，故a、b错，c对；当电子恰好沿轴线射出时，电子速度不变，其动能也不变，故d错． 答案： c
6解析： 当电路接通后，对小球受力分析：小球受重力、电场力和悬线的拉力f三个力的作用，其中重力为恒力，当电路稳定后，r1中没有电流，两端等电势，因此电容器两极板电压等于r0两端电压，当r2不变，r1变化时，电容器两极板电压不变，板间电场强度不变，小球所受电场力不变，f不变，c、d两项错．若保持r1不变，缓慢增大r2，r0两端电压减小，电容器两端电压减小，内部电场减弱，小球受电场力减小，f变小．故b项正确． 答案：
b7解析： 由速度图象可知，带电小球在区域ⅰ与区域ⅱ中的加速度之比为3∶2，由牛顿第二定律可知：＝，所以小球所受的重力与电场力之比为3∶5，b错误．小球在t＝2.
5s时速度为零，此时下落到最低点，由动能定理可知，重力与电场力的总功为零，故c正确．因小球只受重力与电场力作用，所以小球的机械能与电势能总和保持不变，d错． 答案： c
8解析： 设加速电压为u0，进入偏转电场时的速度为v0，则电子经加速电场：eu0＝mv①
偏转电场中：l＝v0t②
y＝t2③y＝mv2－mv④
由①②③得y＝
当滑动触头向右滑动时，u0变大，y变小，所以选项a、b均错．
对①②③得mv2＝＋eu0
当u增大时， mv2增大，电子打到屏上的速度变大，故选项c错，d对．
答案： d9解析： 小球从光滑绝缘的斜面轨道的a点由静止下滑，恰能通过半径为r的竖直圆形轨道的最高点b而做圆周运动，则mg＝m，mg(h－2r)＝mv；加匀强电场后仍从a点由静止释放该小球，则(mg－qe)(h－2r)＝mv，联立解得mg－qe＝，满足小球恰好能过b点的临界条件，选项b正确． 答案：
b10解析： 因电场力和重力均为恒力，其合力亦为恒力，且与v0有一定夹角，故微粒做匀变速曲线运动——即抛物线运动，但不是类平抛运动，所以a错．因ab＝bc，即·t＝·t可见vc＝v0.故b项正确；由动能定理，得：
w电＋wg＝δek＝0，即：q－mg·＝0，所以。
u＝mv/q，故c项错误；又由mg＝qe得q＝代入u＝，得u＝，故d项错误．
答案： b11解析： (1)设滑块沿轨道向左做匀加速运动的加速度为a
此过程滑块所受合外力f＝qe＝2.0×10－2n 根据牛顿第二定律f＝ma，解得a＝0.20m/s2.
2)滑块从p点运动到挡板处的过程中，电场力所做的功 w1＝qex1＝4.0×10－3j.
3)滑块第一次与挡板碰撞过程中损失的机械能等于滑块由p点运动到q点过程中电场力所做的功。
即δe＝qe(x1－x2)＝2.0×10－3j. 答案： (1)0.20m/s2 (2)4.0×10－3j (3)2.0×10－3j
12解析： (1)根据题意，粒子在垂直于电场线的方向上做匀速直线运动，所以粒子从射入到打到屏上所用的时间t＝.
2)设粒子射出电场时沿平行电场线方向的速度为vy，根据牛顿第二定律，粒子在电场中的加速度为：a＝ 所以vy＝a＝
所以粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切值为tanα＝＝
3)设粒子在电场中的偏转距离为y，则。
y＝a2＝· 又x＝y＋ltanα
解得：x＝.
答案： (1) (2)tanα＝ 3)
寒假作业2 恒定电流答案。
1.解析：选d.金属导体的电阻随温度的升高而增大，而半导体材料的电阻随温度的升高而减小，故选项d正确．
2.答案：c
3.解析：选c.
在i－u图象中，图线的斜率表示电阻的倒数，图象中图线的斜率逐渐减小，电阻应逐渐增大；对应p点，小灯泡的电压为u1，电流为i2，根据欧姆定律可知，小灯泡的电阻应为r＝；其工作功率为p＝u1i2，即为图中矩形pqom所围的面积，因此本题应选择c项．
4.解析：选a.并联电压表使电路电阻减小，电流增大，r′两端电压增大，使ab两端电压比实际电压要小．且电压表的内阻越大，测量值越大，越接近实际电压．
5.解析：选d.电压表并联在ac端和ab端时示数都为u.有两种可能情况：一是ab段断路，电压表示数u为电源电动势；二是ab段没有断路但bc段短路，ab与bc段电压相同．
6.答案：c
7.解析：选b.电动机未启动时，u灯＝e－i1r＝(12.5－10×0.05) v＝12 v，电灯功率p灯＝u灯i＝120 w.
电动机启动时，u灯′＝e－i2r＝(12.5－58×0.05) v＝9.
6 v，设电灯阻值不变，由p＝，可得p′＝(2×p灯＝()2×120 w＝76.8 w，电功率的减少量δp＝p－p′＝(120－76.8) w＝43.
2 w.
8.解析：选c .a与b(或c)的交点所示电压、电流即为电阻与电源连接时的电压和电流，故p1＝2×4 w＝p2＝4×2 w，而η1＝，η2＝，所以η1>η2.
9.答案：(1)3 0.6 1 0～10 (2)电压表的分流。
10.解析：小灯泡电阻和电流表的电阻相差不多，所以电流表选择外接法，小灯泡电压从0逐渐增大，所以变阻器选择分压式接法即选择a图，由u－i图线弯曲方向可知灯泡电阻随温度升高而增大，从u－i图线知u＝1.
5 v时，i＝0.46 a，功率p＝ui＝0.69 w.
答案：(1)a (2)电阻随温度升高而增大 (3)0.69（0.68也行）
11.解析：电瓶车内的蓄电池向直流电动机供电时，电动机为非纯电阻电路，根据能量守恒得：
ui＝ff·v＋i2r，又ff＝0.02mg，代入数据得：24×5 w＝0.
02×500×10×0.8 w＋(5 a)2r，解得r＝1.6 ω.
答案：1.6 ω
12.解析：(1)r3＝＝ω2.0 ω
由于e＝i3(r1＋r3＋r)
代入数据有6.0＝1.5(r1＋2.0＋0.6)
解得：r1＝1.4 ω.
2)s闭合后，r总＝r1＋r＋＝2.4 ω
电压表的示数。
u＝×＝0.4 v＝1.0 v
r2上消耗的功率。
p2＝＝w＝2.0 w.
答案：(1)1.4 ω 2.0 ω 2)1.0 v 2.0 w
13.解析：(1)设ud＝0，电容器两板间的电压即为a、b两点间的电势差．则a点电势为ua＝ud＋＝0＋v＝3 v．电流由b点经r4流到d点，则b点电势为ub＝ud＋＝0＋v＝8 v，由ub>ua可知，电容器下板带正电．b、a两点间的电势差uba＝ub－ua＝5.
0 v，电容器所带的电量为q＝cuba＝1.0×10－5c.
2)r1断路，当再度达到稳定后，电容器电压等于r4两端的电压，此时电容器所带电量q′＝cu4＝c×＝2×10－6×c＝1.6×10－5 c.
由ub>ud可知，电容器下板仍带正电．由q′>q知，r1断路后电容器经历了一次再充电过程，电容器极板上增加的电量为。
q＝q′－q＝(1.6×10－5－1.0×10－5) c＝6.0×10－6 c.
物理寒假作业（3）答案。
解析】 该导线可以用a和d之间的直导线长为(＋1)l来等效代替，根据f＝bil，可知大小为(＋1)bil，方向根据左手定则可得出，选项a正确．
解析】 电场和磁场有一个明显的区别是：电场对放入其中的电荷有力的作用，而磁场仅对在磁场中运动且速度方向和磁感应强度方向不平行的带电粒子有力的作用，磁场对通电导线有力的作用的条件是磁场方向不能和电流方向平行，因此a、b错．同理根据电场强度的定义式e＝f/q可知c答案正确．而同样用比值定义法定义的磁感应强度则应有明确的说明，即b＝中i和b的方向必须垂直，故d错，所以应选c.
解析】 根据题意可知，欲使f＝0，则需使磁场力竖直向上，大小等于导线重力，由左手定则可知，磁场方向需垂直纸面向里，故选c.
解析】 从弧 ab所对圆心角θ＝60°，知t＝t＝，但题中已知条件不够，没有此项选择，另想办法找规律表示t.由匀速圆周运动t＝/v0，从图中分析有r＝r，则：＝r·θ＝r×＝πr，则t＝/v0＝.
解析】 甲、乙粒子都带正电，则粒子的运动轨迹相外切，甲运动的轨迹半径r甲＝，乙运动的轨迹半径r乙＝，则r甲＝2r乙，所以c、d选项一定错误；用左手定则判定粒子的运动方向，可知a正确．
解析】 带电粒子先经加速电场加速，故qu＝mv2，进入磁场后偏转，op＝x＝2r＝，两式联立得，op＝x＝∝，所以b为正确答案．
解析】 粒子能从右边穿出的运动半径临界值r1，有r＝l2＋(r1－)2得r1＝l.又因为r1＝得v1＝，所以v＞时粒子能从右边穿出．粒子从左边穿出的运动半径的临界值r2，r2＝得v2＝，所以v＜时粒子能从左边穿出．
解析】 因v0与b平行，故该粒子不受洛伦兹力，a错；因受电场力与v0方向相反，故经一定时间后，速度方向可能改变，故b错；因电场是匀强电场，故所受静电力不变，c错误；由动能定理可知：qelm＝mv，lm＝，故d正确．
物理寒假作业答案
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