第5章数列 3答案

发布 2023-05-21 07:25:28 阅读 7136

5.1《数列的概念》(a组必做题)

6.10 7.2n-11 8. 9.-1 005 10.2

11.[解] (1) 当n=1时,a1=s1=2-3=-1,当n≥2时,an=sn-sn-1=(2n2-3n)-[2(n-1)2-3(n-1)]=4n-5,由于a1也适合此等式,∴an=4n-5.

2) 当n=1时,a1=s1=3+b,当n≥2时,an=sn-sn-1 =(3n+b)-(3n-1+b)=2·3n-1.

当b=-1时,a1适合此等式. 当b≠-1时,a1不适合此等式.

当b=-1时,an=2·3n-1; 当b≠-1时,an=

12.解:∵当n≥2时,an=sn-sn-1=(2n2+2n)-[2(n-1)2+2(n-1)]=4n,当n=1时,a1=s1=4也适合, ∴的通项公式是an=4n(n∈n*).

tn=2-bn,∴当n=1时,b1=2-b1,b1=1.

当n≥2时,bn=tn-tn-1=(2-bn)-(2-bn-1), 2bn=bn-1.

数列是公比为,首项为1的等比数列.∴bn=n-1.

b组能力提高)

1.an=2n-1(n∈n*) 2.54 3.8

4.解:(1)∵an=1+(n∈n*,a∈r,且a≠0),又∵a=-7,∴an=1+. 结合函数f(x)=1+的单调性,可知1>a1>a2>a3>a4,a5>a6>a7>…>an>1(n∈n*).

数列中的最大项为a5=2,最小项为a4=0.

2)an=1+=1+. 对任意的n∈n*,都有an≤a6成立,结合函数f(x)=1+的单调性,知5<<6,∴-10故a的取值范围为(-10,-8).

5.2《等差数列》(a组必做题)

6.3 7.2n-1 8.130 9.64 10.6

11.解:(1)设等差数列的公差为d,则an=a1+(n-1)d,由于a1=1,a3=-3,又a3=a1+2d,所以d=-2,因此an=3-2n.

2) 由an=3-2n,得sn=n=2n-n2,所以sk=2k-k2=-35,即k2-2k-35=0,解得k=7或k=-5,又因为k∈n*,所以k=7.

12.[解] (1)证明:当n≥2时,an=sn-sn-1=-2snsn-1,①

sn(1+2sn-1)=sn-1. 由上式知若sn-1≠0,则sn≠0.∵s1=a1≠0,由递推关系知sn≠0(n∈n*),由①式得-=2(n≥2).

是等差数列,其中首项为==2,公差为2.

2)∵=2(n-1)=+2(n-1),∴sn=.

当n≥2时,an=sn-sn-1=-,当n=1时,a1=s1=不适合上式,an=

b组能力提高)

7.解:(1)∵a1=-3,an=2an-1+2n+3(n≥2,且n∈n*),a2=2a1+22+3=1,a3=2a2+23+3=13.

2)证明:∵bn+1-bn=-=an+1-2an)-3]=[2n+1+3)-3]=1,

数列是首项为==0,公差为1的等差数列.

5.3《等比数列》(a组必做题)

1. c 4.-3 5. 2 2n+1-2 6.11 7.(-2)n-1 8.2 9.6

10.解:设数列的公比为q,由条件可知q3,3q2,q4成等差数列,6q2=q3+q4,解得q=-3或q=2,q>0,∴q=2.

数列的通项公式为an=2n-1(n∈n*).

11.解:(1)证明:依题意sn=4an-3(n∈n*),n=1时,a1=4a1-3,解得a1=1.

因为sn=4an-3,则sn-1=4an-1-3(n≥2),所以当n≥2时,an=sn-sn-1=4an-4an-1,整理得an=an-1.

又a1=1≠0,所以是首项为1,公比为的等比数列.

2)因为an=n-1, 由bn+1=an+bn(n∈n*),得bn+1-bn=n-1.

可得bn=b1+(b2-b1)+(b3-b2)+…bn-bn-1) =2+=3·n-1-1(n≥2),当n=1时也满足,所以数列的通项公式为bn=3·n-1-1.

b组能力提高)

3.[解] (1)证明:∵an+sn=n

an+1+sn+1=n+1

-①得an+1-an+an+1=1,2an+1=an+1,∴2(an+1-1)=an-1,=.首项c1=a1-1,又a1+a1=1,a1=,c1=-.又cn=an-1,故是以-为首项,为公比的等比数列.

2)由(1)知cn=-×n-1=-n

an=1-n.

5.4《数列求和》(a组必做题)

6.-25 7.2n+1+n2-2 8. 9.- 10. 2n+1-2

11.解:(1)设数列的公比为q,由题意可得a3=16,a3-a2=8,则a2=8,∴q=2.∴an=2n+1.

2)∵bn=log42n+1=, sn=b1+b2+…+bn=.

12.解:(1)由sn=2an-1,得s1=2a1-1,∴a1=1.

又sn=2an-1,sn-1=2an-1-1(n≥2),两式相减,得sn-sn-1=2an-2an-1,an=2an-2an-1.

an=2an-1,n≥2.

数列是首项为1,公比为2的等比数列.

an=1·2n-1=2n-1.

由bn-1-bn=bnbn-1(n≥2,n∈n*),得-=1.又b1=1,数列是首项为1,公差为1的等差数列.

=1+(n-1)·1=n. ∴bn=.

2)∵tn=1·20+2·21+…+n·2n-1,2tn=1·21+2·22+…+n·2n.

两式相减,得-tn=1+21+…+2n-1-n·2n=-n·2n=-1+2n-n·2n.

tn=(n-1)·2n+1.

b组能力提高)

1. c 2.解:(1)∵向量p与q垂直,∴2n+1an-2nan+1=0,即2nan+1=2n+1an,=2,∴是以1为首项,2为公比的等比数列,∴an=2n-1.

2)∵bn=log2an+1=n-1+1=n, ∴an·bn=n·2n-1,sn=1+2·2+3·22+4·23+…+n·2n-1

2sn=1·2+2·22+3·23+…+n-1)·2n-1+n·2n

-②得,-sn=1+2+22+23+24+…+2n-1-n·2n=-n·2n=(1-n)2n-1,sn=1+(n-1)2n.

3.解:(1)∵sn=3n,∴sn-1=3n-1(n≥2),an=sn-sn-1=3n-3n-1=2×3n-1(n≥2).

当n=1时,2×31-1=2≠s1=a1=3,an=

2)∵bn+1=bn+(2n-1),b2-b1=1,b3-b2=3,b4-b3=5,…,bn-bn-1=2n-3.

以上各式相加得:bn-b1=1+3+5+…+2n-3)==n-1)2.

b1=-1,∴bn=n2-2n.

4.解:(1)∵对任意正整数n,都有bn,,bn+1成等比数列,且,都为正项数列,an=bnbn+1(n∈n*).可得a1=b1b2=3,a2=b2b3=6,又是等差数列,∴b1+b3=2b2,解得b1=,b2=.

bn=(n+1).

2)由(1)可得an=bnbn+1=,则==2,sn=2=1-,2sn=2-,又2-=2-,2sn-=-

当n=1,2时,2sn<2-; 当n≥3时,2sn>2-.

5.解:(1)当n≥2时,bn=an+an-1=2n-1, 当n=1时,b1=a1=1适合上式,bn=2n-1(n∈n*).

2)由题可得qn=

当b=0时,qn=4n-2,由于qn+1-qn=4,所以此时数列的“生成数列”是等差数列.

当b≠0时,由于q1=c1=2+b,q2=6+2b,q3=10+2b,此时q2-q1≠q3-q2,所以此时数列的“生成数列”不是等差数列.

第3章答案

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第3章答案

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第3章答案

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