2019绵阳三诊物理题附答案

发布 2023-05-18 16:46:28 阅读 1767

2011级第三次诊断性考试物理参***及评分意见。

2. c 3. d 6. ad 7 .bc

8.(1)静止(2分),0.20(2分),1.50(2分)

2)①×100(1分),3.0×103(1分);②d(2分);r1(2分);电压表读数u,电流表读数i,为电阻箱读数r0(3分);(2分)。

9.解:1)设旅客质量为m,在滑梯滑行过程中加速度为a,需要时间为t,则。

………2分)

2分)解得 t=2.8 s1分)

2)旅客先做平抛运动,设水平位移为x,竖直位移为y,在滑梯上落点与出发点之间的距离为为s,运动时间为t1,则。

1分)1分)

1分)1分)

旅客落到滑梯后做匀加速直线运动,设在滑梯上运动时间为t2,通过距离为s1,则。

1分)2分)

解得 s=3m,t1= 0.6 s, t1= 1 s

节约的时间2分)

解得1分)10.解:

1)根据能量转化和守恒,有。

2分)解得 p = 0.3w1分)

2)当从静止开始运动经过t1=2s时间,金属棒速度达到最大,设此时为vm,金属棒中电动势为e,电流为i1,受到的安培力为f安,细线的拉力为f拉,则。

1分)1分)

f安= bi1l1分)

p =f拉vm1分)

f拉 = mgsinθ +f安1分)

解得 vm= 1m/s

金属棒从静止开始运动到达到最大速度过程中,设整个电路中产生的热量为q,由能量转化和守恒得。

………1分)

1分)解得 qr=0.224j1分)

3)由图可知 ……1分)

设在t时刻,磁场的磁感应强度为b',金属棒中电动势为e',电流为i',受到的安培力为f安',则。

t1分)1分)

f安' =b' i'l1分)

f安1分)解得 f = 0.016t + 0.208(n1分)

11.解:1)设带电粒子在斜面上运动的加速度为a,在坐标原点速度为v,则。

mgsinθ=ma1分)

qvb=mgcos1分)

v2=2al1分)

解得 v =1m/s,l=0.1m1分)

2)在0—1s,由乙图知e1=1n/c,由丙图知,由于有qe1 = mg,且带电粒子垂直磁场方向进入磁场,所以带电粒子做匀速圆周运动,设其轨道半径为r1,运动周期为t1,则。

………1分1分)

解得m,t1=12 s

在0—1s,设带电粒子做圆周运动转过圆心角为θ1,则θ1=301分)

在1—2s,由乙图知e2=1n/c,由丙图知t,由于有qe2= mg,且带电粒子运动方向垂直磁场,所以带电粒子做匀速圆周运动,设其轨道半径为r2,运动周期为t2,则。

………1分1分)

解得m,t2=4 s

在1—2s,设带电粒子做圆周运动转过圆心角为θ2,则θ2=901分)

在0—2s内带电粒子运动轨迹如图,设t=2s时,粒子所在位置坐标为(x0,y0),则。

1分) ………1分)

所以,t=2s时,粒子所在位置坐标为,) 1分)

3)在2—3s内,由乙图知e3=1.2n/c,由丙图知b3=0,由于有qe3>mg ,带电粒子运动方向沿负y轴即竖直向下,所以先向下做匀减速直线运动,设减速运动的加速度大小为a,减速到零经过的时间为t0,则。

qe3-mg = ma1分)

v=at01分)

解得 t0=0.5 s

然后粒子向上加速运动0.5s,回到2s末的位置,速度大小也与2s末时相同,方向竖直向上1分)

在3—5s内,由乙图知e4=1n/c,由丙图知t,做半个圆周运动,运动方向竖直向下;在5—6s内,重复2—3s内的运动;在6—8s内,重复3—5s内的运动。

以后循环,运动轨迹如图所示1分)

设俘获器放置的位置横坐标为x,则。

(n=0,1,2,31分)

即n=0,1,2,31分)

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