（一）运动的描述
9.（1）先增加后减小 （2）0.12 2.09—2.11 0.17—0.18 （3）0.39—0.40
10.（14分）解：
1)质点在0～4 s内做匀加速直线运动 （2分） 4 s～8 s内做匀速直线运动（2分）
8 s～10 s内做匀减速直线运动（2分） 10 s～12 s内做反向匀加速直线运动（2分）
2)由a＝得：0～4 s内的加速度a1＝＝ m/s2＝2.5 m/s2，正方向（2分）
8 s～10 s内的加速度a2＝＝ m/s2＝－5 m/s2，负方向（2分）
10 s～12 s内的加速度a3＝＝ m/s2＝－5 m/s2，负方向。
11.（14分）（1） （6分）
（2）设从货车开始运动后t=20s内客车行驶了s1米，货车行驶了s2米，货车的加速度为a,30节货车车厢的总长度为l=30x16m=480m .
（2分）（2分）
（2分）由以上各式，代入数据可得：a=1.35m/s2 （2分）
12.解：（1）如图所示（6分）
2）汽车运动的面积为匀加速、匀速、匀减速三段的位移之和：s=s1+s2+s3=10×10+30×20+10×20=900 m（8分）
二）匀变速直线运动的研究a
9. （1）相邻相等时间间隔内的位移差相等（2）1.38 2.64 3.90
3）图略 12.6
4）此速度的物理意义是打点计时器打下计时点a时纸带对应的速度。
10．答：(1)16 m（3分） 2 m/s2（3分） (2)1 s（3分） (3)25 m （3分）
11.答：汽车原来的速度＝108 km/h＝30m/s.
在反应时间t＝0.75s内，汽车做匀速直线运动的位移为s1＝v0t1＝30×0.5=15 m（3分）
刹车后，汽车做匀减速直线运动，滑行时间为t2＝s＝6s（3分）
汽车刹车后滑行的位移为s2＝v0t2＋at＝30×6m＋×(5)×(6)2 m=90 m（3分）
所以行驶时的安全车距应为s＝s1＋s2＝15m＋90 m＝105 m（3分）
12.答：(1)在连续相等的时间间隔内的位移之比。
则在第2滴水和第3滴水之间的距离为1m，则3.2m （7分）
(2) 0.2=t=0.2s (7分)
三）匀变速直线运动的研究b
9. (1) vb=14.00cm/s,
vc=17.90cm/s,
vd=21.80cm/s,
ve=25.85cm/s,
vf=29.85cm/s
2) a=(30.0－10.0 )/0.5=40.00(cm/s2)
10.（1）6m （3分） （2）6m （3分） （3）0 （3分）（4）11/9m/s=1.2m/s （3分）
11.（1）a=－1.5m/s2 （6分） （2）s=6.7s （6分）
12. （1）4s （7分） (2) 30m/s （7分）
四）相互作用a
9.（1）bc （2）a （3）甲 （4）b
12. 经计算：拉箱子f1=21.7n, 推箱子f2=29.4n,所以拉箱子省力。
五）相互作用b
9.(1)c (2) f1/(x1-- x0) 10. 11.
12.解：（1）画出受力分析示意图：
2）由平衡条件可知，滑轮对斜面体的压力为。
fn23）对斜面体受力分析，由由平衡条件可知，f
六）牛顿运动定律a
9.（1）b （2）b
10.解：（1）2.6m/s2 （2）7.8m/s（3）15.21m （各6分）
11.解：(1)受力分析（4分）
(2)0.75 (6分）
(3)56n (6分）
(4)7kg (6分）
七）牛顿运动定律b
1.解析：作用力与反作用力同时存在同时消失，等大反向，是同一性质的力，作用在不同的物体上，a错；惯性是物体的固有属性，质量是惯性的唯一量度，b错；由物理学史知c对；放在水平桌面上静止的书对桌面的压力与桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力，d错。
答案：c2.解析：对题图甲由牛顿第二定律可得mgμmg＝0，则μ＝。
对题图乙由牛顿第二定律可得mg－μmg＝(m＋m)a，解得a＝g，c正确。
答案：c3.解析：“o”受力互成120°角且静止，则f＝mg＝mgsin θ，即f＝mg＝100 n，m＝＝2 m＝20 kg。
答案：b4.解析：
若v＝，则p一直加速到右端且到最右端时速度为v，则l＝t，b可能；若v>，则p一直加速到右端且到最右端时速度小于v，则有μgt2＝l，c可能；若v<，则p先加速后匀速，加速到v所用时间t1＝，运动位移s1＝，则匀速运动位移为s2＝l－s1，运动时间为t2＝，则总时间为t＝t1＋t2，d可能。
答案：a5.※【本资料**：
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若fn为零，小球所受合力一定为水平向右，小车可做向右加速或向左减速的变速运动；若f为零，小球所受合力一定为水平向左，小车可做向左加速或向右减速的变速运动。故正确选项只有b。
答案：b6.解析：弹簧测力计的读数等于挂钩对物体m的拉力f′，对m、m0组成的整体：
f－(m＋m0)g＝(m＋m0)a，对m：f′－mg＝ma，可解得：f′＝f，故d正确。
答案：d7.解析：
将m和m视为系统，当m匀速下滑时，系统竖直方向没有加速度，所以处于平衡状态，对地面的压力等于系统的重力。当m加速下滑时，整个系统在竖直方向上有向下的加速度，处于失重状态，对地面的压力小于系统的重力。当m减速下滑时，系统在竖直方向上具有向上的加速度，处于超重状态，对地面的压力大于系统的重力。
a、b、c正确。
答案：d8.解析：应用牛顿第二定律可知：小物体在水平面上滑动的加速度大小为a1＝μg＝5 m/s2(方向与速度v0方向相反)
沿斜面上滑的加速度大小为a2＝gsinθ＋μgcosθ＝10 m/s2(方向沿斜面向下)
小物体在水平面上运动到斜面底端时速度设为v1
应用速度位移公式有。
v－v＝－2a1x
解得v1＝10 m/s ks5u
滑上斜面到速度减小为0需运动的位移为l1＝＝15 m>l，小物体最终离开接触面，a、b均错。
离开斜面时的速度设为v2，v－v＝－2a2l，v2＝10 m/s
小物体从p到斜面底端的运动时间t1＝
沿斜面上滑的运动时间为t2＝
小物体沿接触面运动的时间为t＝t1＋t2＝(3－) s，c错，d对。
答案：d9.解析：(1)以表中的数据为坐标，描点作图如图所示画出一条直线。
2)由图像可知，当细线的拉力增大到一定数值时才产生加速度，说明有阻力作用。
3)所有点大致分布在一条直线上，所拟合的图线接近原点，因此在误差允许的范围内可以认为在物体质量一定时，加速度与所受到的合外力成正比。
答案：(1)见解析图 (2)水平面与小车之间存在摩擦阻力作用 (3)在物体质量一定时，加速度与所受到的合外力成正比。
10.解析：(1)设木块与木板间的动摩擦因数为μ，由图乙知木块受到的滑动摩擦力ff＝μmg＝4 n，解得μ＝0.2。
2)设木块在斜面上的加速度为a，由v2＝2ax解得a＝2 m/s2，对木块受力分析如图所示，建立直角坐标系，由牛顿第二定律得。
f－mgsin θ－f＝ma，f－mgcos θ＝0，又f＝μf，解得f＝19.2 n。
答案：(1)0.2 (2)19.2 n
11.解析：(1)由题图可得t＝1 s时救灾物资的加速度大小为：
a＝＝ m/s2＝8 m/s2。
由题图可知1.5 s时加速度大小仍为8 m/s2。
由牛顿第二定律可得：
f合＝ma＝100×8 n＝800 n。
2)从题图中可知在15 s时救灾物资做匀速运动，阻力与重力平衡，所以f阻＝mg＝100×10 n＝1 000 n。
3)18 s时由题图可估算出下落距离为h＝42 格(±1 格)×4 m/格＝168 m(±4 m)，离地高度为δh＝300 m－168 m＝132 m。
答案：(1)8 m/s2 800 n (2)1 000 n (3)132 m
八）必修ⅰ——模块检测。
9.(1)中是未记下细绳套的方向；
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