2023年11月高二物理试卷。
学校姓名班级考号。
一、单选题。
1.（4分） 电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此( )
a.电动势是一种非静电力。
b.电动势越大，表明电源储存的电能越多。
c.电动势的大小是非静电力做功能力的反映。
d.电动势就是闭合电路中电源两端的电压。
2.（4分） 如图所示，a、b是两电阻r1和r2的i-u图线，它们把第一象限分成ⅰ、ⅱ三个区域，若将r1和r2并联，则并联后的总电阻的i-u图线()
a.—定在区域ⅰb.—定在区域ⅱ
c.—定在区域ⅲd.不能确定。
3.（4分） 有三个电阻，r1=2ω,r2=3ω,r3=4ω,现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为i1:i2:i3是( )
a.6:4:3b.3:4:6c.2:3:4d.4:3:2
4.（4分） 两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折后绞合起来，然后给它们分别加相同电压后，则在同一时间内通过它们的电荷量之比为( )
a.1:4b.1:8c.1:16d.16:1
5.（4分） 如图所示的电路为欧姆表原理图，电池的电动势e=1.5v,g为电流表，满偏电流为200μa.
当调好零后，在两表笔间接一被测电阻rx时，电流表g的指针示数为50μa,那么rx的值是( )
a.7.5kωb.22.5kωc.15kωd.30kω
6.（4分） 工人师傅在改装电炉时，为了使电功率减小到原来的一半，下列措施中可行的是( )
a.截去一半电炉丝b.串联一条相同的电炉丝。
c.并联一条相同的电炉丝 d.把连接电炉和电源的电线长度增加一倍。
7.（4分） 如图所示，电路中的电阻，电动机的线圈电阻，加在电路两端的电压，已知电流表的读数为30,则通过电动机的电流为( )
a.100b.30c.20d.10
8.（4分） 用电流表(内阻约4ω)和电压表(内阻约3kω)测量电阻r的阻值。分别将图甲和图乙两种测量电路连到电路中，进行多次测量。
按照图甲所示电路某次的测量情况：电流表的示数是4.60ma,电压表的示数是2.
50v;按照图乙所示电路某次的测量情况：电流表的示数是5.00ma,电压表的示数是2.
30v.比较这两次测量结果，正确的是()
a.电阻的真实值更接近543ω,且大于543ω
b.电阻的真实值更接近543ω,且小于543ω
c.电阻的真实值更接近460ω,且大于460ω
d.电阻的真实值更接近460ω,且小于460ω
9.（4分） 如图所示的电路中， ,滑动变阻器的最大值为100,.当滑片滑至的中点时，、两端的电压为( )
a.8b.12c.16d.4
10.（4分） 关于电流，下列说法中正确的是( )
a.通过导体截面的电荷量越多，电流越大。
b.电子运动速率越大，电流越大。
c.单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大。
d.因为电流有方向，所以电流是矢量。
二、多选题。
11.（4分） 如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表和一个电阻箱组成的，下列说法正确的是( )
a.甲表是电流表，增大时量程增大。
b.甲表是电流表，增大时量程减小。
c.乙表是电压表，增大时量程增大。
d.乙表是电压表，增大时量程减小。
12.（4分） 在如图所示电路中，电源的电动势、内阻及各电阻的阻值都标志在图中，当滑动变阻器r3的滑片p向a端移动时，以下说法中正确的是( )
a.电压表示数变小，电流表示数变小。
b.电阻r1两端的电压减小。
c.电源的总功率减少，但电源的输出功率增大。
d.如果设定流过电阻r2电流变化量的绝对值为△i2,流过滑动变阻器r3的电流变化量的绝对值为△i3,则有△i2<△i3
三、计算题。
13.（9分） 如图为甲、乙元件的伏安特性曲线，其阻值分别用r甲r乙表示。则：
甲，r乙分别为多少？
2.当r甲，r乙两端的电压相同时，流过两电阻的电流之比i甲：i乙为多少？
3.当流过r甲，r乙的电流相同时，r甲，r乙两端的电压之比u甲：u乙为多少？
14.（14分） 如图所示，电阻，小灯泡l上标有“、”字样，电源的内阻为，滑动变阻器的最大阻值为(大小未知).当触头滑动到最上端时，电流表的读数为，小灯泡恰好正常发光，求：
1.滑动变阻器的最大阻值；
2.当触头滑动到最下端时，电源的总功率及输出功率。
四、实验题。
15.（9分） 现有一合金制成的圆柱体。为测量该合金的电阻率，现用伏安法测量圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。
螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲和图乙所示。
1.由上图读得圆柱体的直径为长度为。
2.若流经圆柱体的电流为，圆柱体两端之间的电压为，圆柱体的直径和长度分别用、表示， 则用、、、表示的电阻率的关系式为。
16.（9分） 在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，已连接好部分实验电路。
1.按如图甲所示的实验电路，把图乙中剩余的电路连接起来。
2.在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于端(选填“”或“”)
3.如图丙是根据实验数据作出的图象，由图可知，电源的电动势内阻。
17.（11分） 用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组(电动势约4.5v,内电阻约1ω)的电动势和内电阻，除待测电池组、电键、导线外，还有下列器材供选用：
a.电流表：量程0.6a,内电阻约1ω
b.电流表：量程3a,内电阻约0.2ω
c.电压表：量程3v,内电阻约30kω
d.电压表：量程6v,内电阻约60kω
e.滑动变阻器：0~1000ω,额定电流0.5a
f.滑动变阻器：0~20ω,额定电流2a
1.为了使测量结果尽量准确，电流表应选用电压表应选用滑动变阻器应选用均填仪器的字母代号).
2.如图为正确选择仪器后，连好的部分电路。为了使测量误差尽可能小，还需在电路中用导线将和相连和相连和相连(均填仪器上接线柱的字母代号).
3.实验时发现电流表坏了，于是不再使用电流表，剩余仪器中仅用电阻箱替换掉滑动变阻器，重新连接电路，仍能完成实验。实验中读出几组电阻箱的阻值r和对应电压表的示数u.
用图象法处理采集到的数据，为在直角坐标系中得到的函数图象是一条直线，则可以___为纵坐标，以___为横坐标。
参***。一、单选题。
1.答案：c
解析：电动势是反映电源通过非静电力做功将其它形式的能转化为电势能本领的物理量，电动势越大说明这种转化本领越强，但不能说明储存的电能越多，故选项a、b错误而选项c正确；闭合电路中电源两端电压大小等于外电压大小，故选项d错误。
2.答案：c
解析：r1,r2并联后的总电阻r并小于两电阻中任何一个的电阻，根据欧姆定律可知，当两端加相同的电压时，通过r并的电流最大，故它的i-u图线在区域ⅲ,故选c.
3.答案：a
解析：因为r1：r2：r3=2ω：3ω：4ω=2：3：4；所以i1:i2:i3=6:4:3
4.答案：c
解析：本题应根据导体的电阻r=ρl/s,欧姆定律r=u/i和电流定义式i=q/t求解。
对于第一根导线，均匀拉长到原来的2倍，则其横截面积必然变为原来的1/2,由导体的电阻公式可知其电阻变为原来的4倍。
第二根导线对折后，长度变为原来的1/2,横截面积变为原来的2倍，故其电阻变为原来的1/4.
给上述变化后的裸导线加上相同的电压，由欧姆定律得：
由i=q/t可知，在同一时间内，电荷量之比q1:q2=i1:i2=1:16
故c项正确。
5.答案：b
解析：6.答案：b
解析：串联一条相同的电炉丝，电阻变为原来的2倍，而截去一半电炉丝或并联一条相同的电炉丝，总电阻都变为原来的一半，再根据p=进行判断可知b正确。
7.答案：c
解析：8.答案：b
解析：从两种方法测量结果数值变化分析，电压的变化与原电压的比为(2.50-2.
30)/2.5=0.08,电流的变化与原电流的比为(5.
00-4.60)/4.60=0.
087>0.08,说明电流表的示数变化大，宜选择电流表内接法，计算电阻的值为2.50v/4.
60×10-3 a=543ω,这种测量方法等于将电流表内阻作为测量电阻的一部分，故测量值偏大。因此选项b是正确的。
9.答案：a
解析：由图可知，滑片p滑至r2的中点时，变阻器下半部分电阻为r下=50ω，下半部分电阻与并联后的阻值为则a、b两端的电压为，故a正确。
10.答案：c
解析：由知q大，i不一定大，还要看t的大小，故a错。由i=nqsv知，电子运动的速率v大，电流不一定大，电流还与n、s有关，另外电子无规则热运动速度很大，不能形成电流，故b错。
单位时间通过导线横截面的电荷量越多，电流越大，c对。电流虽有方向但不是矢量，因合成遵循代数法则，故d错。
二、多选题。
11.答案：bc
解析：由电表的改装原理可知甲表为电流表，且增大时，干路电流减小，量程减小；乙表为电压表，且增大时，电路两端电压增大，量程增大，故b、c正确。
12.答案：bd
解析：当滑动变阻器的滑片滑向a端时，接入电路的电阻变大，则由闭合电中欧姆定律可知，干路电流减小，内电压减小，由u=e-ir可知路端电压增大，即电压表示数增大；因路端电压增大，r1两端的电压减小，故并联部分电压增大，由欧姆定律可知电流表示数增大；故a错误；b正确。电源的总功率p=ei可知随着干路电流减小，电源的总功率减小；因不知道电源内阻和外电路的电阻关系，故输出功率无法判断；选项c错误；因i1=i2+i3,由上述分析知，i1减小；i3变大；i2减小；可知》;故选d.
考点：电路的动态分析。
本题考查闭合电路欧姆定律的使用及电路的动态分析问题；注意对电路的动态分析问题，一般按局部-整体-局部的思路进行分析，先分析变化的电阻，然后分析总电阻、总电流及路端电压，然后再逐一回到局部电路。
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