2019重庆高考题

发布 2023-12-04 22:30:06 阅读 3219

2024年普通高等学校招生全国统一考试(重庆卷)

数学(理工农医类)(解析版)

一、选择题:本题考查基础知识和基本运算.每小题5分,满分50分.

1)复数。ab)

(cd) 解析:选b.。

2)“”是“”的。

a)充分而不必要条件b)必要而不充分条件。

(c) 充要条件d)既不充分也不必要条件。

解析:选a.,故“”是“”的充分而不必要条件

3)已知,则=

(a) -6 (b) 2 (c) 3d)6

解析:选d.

故。4)(其中且)的展开式中与的系数相等,则。

a)6b)7

(c) 8d)9

解析:选b。的通项为,故与的系数分别为和,令他们相等,得:,解得7

5)下列区间中,函数,在其上为增函数的是。

a) (b)

cd) 解析:选d。用图像法解决,将的图像关于y轴对称得到,再向右平移两个单位,得到,将得到的图像在x轴下方的部分翻折上来,即得到的图像。由图像,选项中是增函数的显然只有d

6)若的内角所对的边满足,且,则的值为。

ab) c)1d)

解析:选a。 由得,由得,解得。

7)已知a>0,b>0,a+b=2,则的最小值是。

ab)4cd)5

解析:选c。因为a+b=2,所以。

8)在圆内,过点的最长弦和最短弦分别为ac和bd,则四边形abcd的面积为。abcd)

解析:选b ,由题意,ac为直径,设圆心为f,则,圆的标准方程为,故,由此,易得:,又,所以直线bd的方程为,f到bd的距离为,由此得,所以四边形abcd的面积为。

9)高为的四棱锥s-abcd的底面是边长为1的正方形,点s、a、b、c、d均在半径为1的同一球面上,则底面abcd的中心与顶点s之间的距离为。

ab) c)1d)

解析:选c. 设底面中心为g,球心为o,则易得,于是,用一个与abcd所在平面距离等于的平面去截球,s便为其中一个交点,此平面的中心设为h,则,故,故。

10)设m,k为整数,方程在区间(0,1)内有两个不同的根,则m+k的最小值为。

a)-8b)8

c)12d)13

解析:选d. 设,则方程在区间(0,1)内有两个不同的根等价于,因为,所以,故抛物线开口向上,于是,,令,则由,得,则,所以m至少为2,但,故k至少为5,又,所以m至少为3,又由,所以m至少为4,……依次类推,发现当时,首次满足所有条件,故的最小值为13

二、填空题:本大题共5小题,每小题5分,共25分,把答案写在答题卡相应位置上。

11)在等差数列中,,则。

解析:74.,故。

12)已知单位向量的夹角为,则。

解析:。13)将一枚均匀的硬币投掷6次,则正面出现的次数比反面出现的次数多的概率为

解析: 。硬币投掷6次,有三类情况,①正面次数比反面次数多;②反面次数比正面次数多;③正面次数而后反面次数一样多;,③概率为,①②的概率显然相同,故①的概率为。

14)已知,且,则的值为。

解析:。 由题设条件易得:,故,所以。

15)设圆位于抛物线与直线所组成的封闭区域(包含边界)内,则圆的半径能取到的最大值为

解析:。 为使圆的半径取到最大值,显然圆心应该在x轴上且与直线相切,设圆的半径为,则圆的方程为,将其与联立得:,令,并由,得:

三、解答题:本大题共5小题,共75分,解答应写出文字说明,证明过程和清算步骤。

16)(本小题满分13分)

设满足,求函数在上的最大值和最小值。

解析: 由得,解得:

因此。当时,,为增函数,当时,,为减函数,所以在上的最大值为。

又因为, 所以在上的最小值为。

17)(本小题满分13分。(ⅰ小问5分(ⅱ)小问8分。)

某市公租房房屋位于三个地区,设每位申请人只申请其中一个片区的房屋,且申请其中任一个片区的房屋是等可能的,求该市的任4位申请人中:

ⅰ)若有2人申请**区房屋的概率;

ⅱ)申请的房屋在片区的个数的分布列与期望。

解析:(ⅰ所有可能的申请方式有种,恰有2人申请**区**的申请方式有种,从而恰有2人申请**区**的概率为。

(ⅱ)的所有可能值为1,2,3.又,

综上知,的分布列为:

从而有。18)(本小题满分13分。(ⅰ小题6分(ⅱ)小题7分。)

设的导数满足其中常数。

ⅰ)求曲线在点处的切线方程。

ⅱ)设求函数的极值。

解析:(ⅰ因,故,令,得,由已知,解得。

又令,得,由已知,解得。

因此,从而。

又因为,故曲线在点处的切线方程为,即。

(ⅱ)由(ⅰ)知,,从而有,令,解得。

当时,,故在为减函数,当时,,故在为增函数,当时,,故在为减函数,从而函数在处取得极小值,在出取得极大值。

19)本小题满分12分,(ⅰ小问5分,(ⅱ小问7分。

如图,在四面体中,平面⊥,⊥

(ⅰ)若=2, =2,求四边形的体积。

(ⅱ)若二面角--为,求异面直线与所成角的余弦值。

解析:(ⅰ如图所示,设f为ac的中点,由于ad=cd,所以df⊥ac.

故由平面⊥,知df⊥平面,即,。在中,因,ab=2bc,有勾股定理易得。

故四面体abcd的体积。

(ⅱ)如图所示设g、h分别为变cd,bd的中点,则fg//ad,gh//bc,,从而是异面直线与所成角或其补角。

设e为边ab的中点,则ef//bc,由⊥,知⊥,又由(ⅰ)有df⊥平面,故由三垂线定理知⊥,所以为二面角--的平面角,由题设知,设ad=a,则df=adsincad=

在中,从而。

因,故bd=ad=a.从而,在中,,又。

从而在中,因fg=fh,由余弦定理得,故异面直线与所成角的余弦值为。

20)(本小题满分12分,第一问4分,第二问8分)

如图(20),椭圆的中心为原点o,离心率,一条准线的方程为。

ⅰ)求该椭圆的标准方程。

ⅱ)设动点p满足,其中m,n是椭圆上的点。直线om与on的斜率之积为。问:是否存在两个定点,使得为定值。若存在,求的坐标;若不存在,说明理由。

解析:(ⅰ由,解得,故椭圆的标准方程为。

(ⅱ)设,,则由得。

即,因为点m,n在椭圆上,所以。

故。设分别为直线om,on的斜率,由题意知,因此,所以,所以p点是椭圆上的点,设该椭圆的左右焦点为,则由椭圆的定义,为定值,又因,因此两焦点的坐标分别为。

21)(本小题满分12分。(ⅰ小问5分,(ⅱ小问7分)

设实数数列的前n项和满足。

(ⅰ)若成等比数列,求和。

(ⅱ)求证:对有。

解析:(ⅰ由题意,得,由是等比中项知,因此,由,解得,

(ⅱ)证明:有题设条件有,故,且。

从而对有①因,且,要证,由①,只要证。

即证,即,此式明显成立,因此。

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