（时间： 60分钟， 满分：100分）
一、选择题(每题5分)
1.布朗运动的发现，在物理学上的主要贡献是。
a.说明了悬浮微粒时刻做无规则运动。
b.说明了液体分子做无规则运动。
c.说明悬浮微粒无规则运动的激烈程度与温度有关。
d.说明液体分子与悬浮微粒间有相互作用力。
2.两个分子甲和乙相距较远(此时它们之间的分子力可忽略),设甲固定不动，乙逐渐靠近甲直到不能再靠近的整个过程中。
a.分子力总是对乙做正功。
b.乙总是克服分子力做正功。
c.先是乙克服分子力做功，然后分子力对乙做正功。
d.先是分子力对乙做正功，然后乙克服分子力做功。
3.一定质量的0℃的水，变成0℃的冰时，体积膨胀则 [
a.分子平均动能减少，分子势能增加。
b.分子平均动能增大，分子势能减少。
c.分子平均动能不变，分子势能减少。
d.分子平均动能不变，分子势能增大。
4.一定质量的气体，可经不同的过程从状态1(p1v1t1)变到状态2(p2v2t2),已知t2〉t1,则在这过程中。
a.气体一定从外界吸收热量。
b.气体和外界交换的热量都是相等的。
c.外界对气体做的功都是相等的。
d.气体内能的变化量都是相等的。
5.在一个上下水温均匀，并保持恒温的水池中，有一个小气泡缓慢上升，则上升过程中正确的说法是(设泡内为理想气体。
a.气泡内能减少，放出热量。
b.气泡内能不变，对外做功，吸收热量。
c.气泡内能不变，不放热也不吸热。
d.气泡内能增加，吸收热量。
6.如图所示，a和b为一定质量的某种理想气体的两条等容图线，如果气体由状态a变到状态b,则此过程中关于气体的正确说法是。
a.外界不做功，吸热，内能增加。
b.外界做功，放热，内能减少。
c.不对外界做功，放热，内能减少。
d.对外界做功，吸热，内能增加。
7.一端封闭粗细均匀的玻璃管内，用一段水银柱封闭了一部分气体，当玻璃管开口向上竖直放置时，管内空气柱长度为l,如图所示，当玻璃管自由下落时，空气柱的长度将 [
a.增长 b.减小 c.不变 d.不能确定。
8.如图所示，u形管两臂竖直固定，一小段水银柱a与管底部水银间有一段空气柱b被封于右臂管子的中部，设u形管内粗细均匀，两端均开口与大气相通，现再向左管注入一些水银，等平衡后可知。
a.空气柱b的压强增大。
b.空气柱b的长度变小。
c.图中h与ha长度相等。
d.图中h比原来增大。
9.如图所示，一个绝热活塞p把容器分隔成a、b两部分，它们的容积之比是1∶3,a、b内装有同种气体，温度均为t1=0℃,此时活塞处于平衡状态，现将两部分气体温度都升高到t2=273℃,则活塞将。
a.仍保持平衡状态 b.向右移动。
c.向左移动d.左右运动。
10.如图所示，是一定质量气体的p-v图线，在这些图线中，能反映出气体在状态a时内能大于状态b的是。
二、填空题(每题5分)
11.如图所示，表示一定质量理想气体，在等压、等温、等容变化过程中内能e和体积v的关系图线，则e-v图中反映等温变化过程的图线是 ,反映等压变化过程的图线是 ,反映等容变化过程的图线是 .
12.如图所示，为0.05mol理想气体的等温图线，a、b是变化过程中的两个状态，则状态b的压强p2= ,这条等温线，表示它的温度是 ℃.
13.如果大气压为p,已知水下某一深度为h处，有一个气泡，该气泡的半径为在水面时半径的1/2,可知该气泡距水面的深度h
14.空气在标准状态下的密度是1.12×10-3kg/l,当温度升高到83℃,压强增大到2atm时，空气的密度是 kg／l.
三、计算题(每题10分)
15.如图为托里拆利实验装置，管内横截面积为1cm2,此时，大气压强为75cm水银柱高，若实验中不慎有一个体积为0.2cm3的气泡从管口进入管内，并上升至管顶部，求管内水银面的高度差。
16.一圆筒形气缸静置于地面上，如图所示，气缸筒的质量为m,活塞(连同手柄)的质量为m,气缸内部的横截面积为s,大气压强为p0,平衡时气缸内的容积为v,现用手握住活塞柄缓慢向上提，设气缸足够长，在整个上提过程中，气体温度保持不变，并不计气缸内气体的重力及活塞与气缸壁的摩擦，求将气缸刚提离地面时，活塞上升的高度。
17.如图所示，气缸a和b,分别置于水平台上，它们的横截面积之比为1∶2,分别用活塞封住一部分气体，两活塞间用一连杆连接在一起，在气缸内可无摩擦滑动。在温度为27℃,大气压强为1.
0×105pa时，a气缸内气体的压强为2×105pa,活塞均处于平衡状态，求：(1)此时b气缸内气体的压强；(2)当两气缸内气体的温度都变化相同的△t时，活塞运动状态将如何变化？
参***。一、选择题。
二、填空题。
12. 1atm,-29
三、计算题。
15.解：以气泡为研究对象。
初态：p1=75cmhg, v1=0.2cm3
末态：p2=(75-h)cmhg, v2=(89-h)scm3
根据玻意耳定律p1v1=p2v2
75×0.2=(75-h)(89-h)×1
解得：h=74cm(舍去不合理的答案)
16.解：以气缸内的气体为研究对象，设活塞上升距离为x,末态：以气缸为研究对象，对它进行受力分析，如图所示，根据平衡条件：
有mg+p2s-p0s=0, 得p2=p0-mg/s, v2=v+xs
根据玻意耳定律p1v1=p2v2
17.解：1)两活塞均处平衡状态，根据平衡条件，pa-p0)sa=f1...1)
pb-p0)sb=f2...2)
f1=f2...3)
由(1)(2)(3)解得，pb=1.5×105pa
2)设活塞不移动，则缸内气体体积不变，根据查理定律，若δt为正值，则温度升高，压强应增大，设pa′ 为2.4×105pa
若δt为负值，则温度降低，压强减小，两气缸内气体温度发生变化时，活塞不能处于平衡状态，当温度升高时，活塞将从b向a移动，当温度降低时，活塞将从a向b移动。
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