2.(1)e=nф/t=2nbl1l2ω/π
2)e=nbl1l2ω
3.不确定再议再议。。
4.回路中感应电动势e=s=5×10-2×0.5×0.08 v=2×10-4 v,极板所带电荷量q=cu=ce=30×10-6×2×10-4 c=6×10-9 c.
由楞次定律分析可知上板带正电。
5.1:1,n:1
6.(1)由楞次定律,可以判断金属环中感应电流方向为逆时针方向。
2)磁感应强度的变化率为。
线圈中的磁通量的变化率:
环中形成感应电流。
通过金属环的电量:
解得:c=0.1c.
7.就说个答案过程太麻烦再问我吧(一下某些题都是)、
8.(1)a指向o
9./bl
外力对线圈做功的功率为
11.。解得v=2m/s
12.杆切割磁力线时,ab部分产生的感应电动势,而此时,弧acb和弧adb的电阻分别为和,它们并联后的电阻为,杆中的电流为,
作用在杆上的安培力为,由以上各式解得。
13.(1)ε=blv=0.5×0.2×5v=0.5v,则。
2),解以上各式得:电热。
14.(1)ab边在ⅱ区中时,cdabc方向ab边在ⅲ区,cd边在ⅰ区时,cdabc方向。
2)ab边在ⅱ区中时当ab边进入ⅲ区后:当cd边在ⅱ区中时:,总功。
15.以f表示拖动杆1的外力,以i表示由杆1、杆2和导轨构成的回路中的电流,达到稳定时,对杆1有
对杆2有 外力f的功率
以p表示杆2克服摩擦力做功的功率,则有
由以上各式得
16.粒子带正电,故在磁场中沿逆时针方向做匀速圆周运动,用r表示轨道半径,有 ,由此得。
代入数值得r=10cm 可见,2r>l>r.
因朝不同方向发射的粒子的圆轨迹都过s,由此可知,某一圆轨迹在图中n左侧与ab相切,则此切点p1就是粒子能打中的左侧最远点。为定出p1点的位置,可作平行于ab的直线cd,cd到ab的距离为r,以s为圆心,r为半径,作弧交cd于q点,过q作ab的垂线,它与ab的交点即为p1.
再考虑n的右侧。任何粒子在运动中离s的距离不可能超过2r,以2r为半径、s为圆心作圆,交ab于n右侧的p2点,此即右侧能打到的最远点。
由图中几何关系得:
所求长度为
代入数值得
17.(1)设m、n两板间的距离为d,设板长为l,由题意可知,由①式和②式可得。
即。故n板下移的距离为。
2)s断开,两板间的电场强度不变,则有带电粒子的加速度不变,由③式可知,,故n板下移的距离为。
18.(1)根据题设条件,电场力大小。
fe=mgtan37°=mg ,电场力的方向水平向右。
2)小球沿竖直方向做初速为v0的匀减速运动,到最高点的时间为t,则:
vy=v0-gt=0, t=
沿水平方向做初速度为0的匀加速运动,加速度为ax
ax==g此过程小球沿电场方向位移为:sx=axt2=
小球上升到最高点的过程中,电势能减少为:
ep=fesx=mv02
19.图(甲)中虚线表示a、b球原来的平衡位置,实线表示烧断后重新达到平衡的位置,其中、分别表示oa、ab与竖直方向的夹角。a球受力如图(乙)所示:
重力mg,竖直向下;电场力qe,水平向左;细线oa对a的拉力t1,方向如图;细线ab对a的拉力t2,方向如图。由平衡条件得。
b球受力如图(丙)所示:重力mg,竖直向下;电场力qe,水平向右;细线ab对b的拉力t2,方向如图。由平衡条件得。
联立以上各式并代入数据,得,。
由此可知,a、b球重新达到平衡的位置如图(丁)所示。
与原来位置相比,a球的重力势能减少了,b球的重力势能减少了。
a球的电势能增加了wa=qelcos60°⑨,b球的电势能减少了
两种势能总和减少了 ,代入数据解得。
20.(1) 导线上损失的功率为p=i2r=(损失的功率与输送功率的比值。
2)风垂直流向风轮机时,提供的风能功率最大。单位时间内垂直流向叶片旋转面积的气体质量为pvs,s=r2风能的最大功率可表示为p风=采取措施合理,如增加风轮机叶片长度,安装调向装置保持风轮机正面迎风等。
3) 按题意,风力发电机的输出功率为p2=kw=160 kw
最小年发电量约为w=p2t=160×5000 kwh=8×105kwh
21.(1)根据安培力公式,推力=其中。
则,对海水推力的方向沿y轴方向(向右)
3)根据欧姆定律,安培推力,对船的推力,推力的功率。
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