保定一模数学答案

发布 2022-10-31 00:56:28 阅读 1703

2023年保定市第一次高考模拟考试。

理科数学答案。

一。选择题:a卷: cdbca adabc bd b卷:dcbca aadbc bd

二。填空题: 13.;14. ;15.或; 16.-1

16题解析:该题的设计是从不同的层面考查学生的思维能力。方法1:

设中的5个元素分别为,则,注意到中的元素有,所以,所求结果为,这就是该题要考查的思维能力,层次较高,其中体现着二项式定理的推导思想和技巧,如果命题时把去掉,就变成蛮算的题目。而0的设置为思维一般的同学也能找到下手的机会,如方法2:考虑到0与任何实数的积都为0,所以上述集合只相当于有四个元素的情况,这样非空子集只有15个,因此也不难求得结果;方法3:

按31个子集,一个一个硬算。苏学良供。

三。解答题:

17. (本小题满分12分)

解:(1)4分。

函数的最大值为6分。

2)由题意,化简得

8分。在中,根据余弦定理,得。

所以12分。

18. (本小题满分12分)

解: (1)设事件a=“小明所取的3道题至少有1道主观题”,则有=“小明所取的3道题都是客观题”.

因为p()=所以p(a)=1-p4分。

2)x所有的可能取值为0,1,2,3.

p(x=0)=·

p(x=1)=c···

p(x=2)=·c··=

p(x=39分。

x的分布列为:

所以e(x)=0×+1×+2×+3×=212分。

19. (本小题满分12分)

解:(1)矩形中,为。

中点,由勾股定理逆定理得2分。

折起后,平面平面,且平面平面,平面;

得平面。又平面,所以4分。

2)法一:在中,作交于。

1)中已证明平面,平面,是三棱锥的高6分。

中,且,为中位线,为的中点8分。

法二:由题意知由(1)知。

法三:分别取am,ab的中点o和n ,则。(1)中已证明平面, ,

建立空间直角坐标系如图。

则………6分。

点是线段上的一动点,显然是平面adm的一个法向量。

点e到平面adm的距离。

所以为的中点8分。

20. (本小题满分12分)

解:(1)由椭圆短轴长为2得,又.

所求椭圆方程为3分。

2)假设**段上存在点,使得成立,即。

当⊥x轴时,显然线段of上的点都满足条件,此时5分。

当与x轴重合时,显然只有原点满足条件,此时m=06分。

法1:当的斜率存在且不为零时,设直线的方程为.

由可得.8分。其中。

综上所述:①当⊥x轴时,存在适合题意。

当与x轴重合时, 存在适合题意。

当的斜率存在且不为零时存在适合题意12分。

法2: 因为。

综上所述:①当⊥x轴时,存在适合题意。

当与x轴重合时, 存在适合题意。

当的斜率存在且不为零时存在适合题意12分。

21. (本小题满分12分)

解:(11分。

当时,,函数在上单调递增;……2分。

当时,由得,时,,单调递减;时,,单调递增.

综上,当时,函数的单调递增区间为;当时,函数的单调递增区间为,单调递减区间为5分。

2)由(1)知,当时,函数在上单调递增且时,不可能恒成立6分。

当时,此时7分。

当时,由函数对任意都成立,得,9分,

设,∴,由于,令,得,当时,,单调递增;时,,单调递减.,即时,的最大值为………12分。

22. (本小题满分10分)选修4-1:平面几何选讲。

23.(本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程。

解:(1).∵4cos θ,2=4ρcos θ,曲线c的直角坐标方程为x2+y2=4x3分。

2)直线l的参数方程: (t为参数),代入x2+y2=4x,得t2+4(sin α+cos α)t+4=0,6分。

sin α·cos α>0,又0≤α<且t1<0,t2<0.

|pm|+|pn|=|t1|+|t2|=|t1+t2|=4(sin α+cos α)4sin,……8分。

由α∈,得α+∈故|pm|+|pn|的取值范围是(4,410分。

24. (本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲。

解:(1)当x时2x+1-(x-4)=x+5>0

得x>-5,所以x成立。

当时, 2x+1+x-4=3x-3>0

得x>1,所以1当时-x-5>0得x<-5所以x<-5成立4分。

综上,原不等式的解集为{x|x>1或x<-55分。

或:当,不等式即为。

两边平方得2分。

解得 所以不等式的解集为{x|x>1或x<-55分。

2)依题可知,所以,即。

所以 当且仅当时取等号10分。

2023年保定市第一次高考模拟考试。

文科数学答案。

一。选择题:a卷: cdbca adabc bd b卷:dcbca aadbc bd

二。填空题: 13.;14.; 15.; 16. 4π.

三。解答题:

17. (本小题满分12分)

解:(1)

4分。函数的最大值为6分。

2)由题意,化简得

8分。在中,根据余弦定理,得。

所以12分。

18. (本小题满分12分)

解: (1)频率分布直方图如图。

………4分。

2)分钟………8分。

3)候车时间不少于15分钟的概率为………12分。

19. (本小题满分12分)

解:(1)矩形中,为。

中点,由勾股定理逆定理得2分。

折起后,平面平面,且平面平面,平面;

得平面4分。

又平面,所以6分。

2)法一:在中,作交于。

1)中已证明平面,平面,是三棱锥的高8分。

10分。中,且,为中位线,为的中点12分。

法二:由题意知由(1)知。

20. (本小题满分12分)

解:(1)由椭圆短轴长为2得,又.

所求椭圆方程为3分。

2)假设**段上存在点,使得成立,即。

当⊥x轴时,显然线段of上的点都满足条件,此时5分。

当与x轴重合时,显然只有原点满足条件,此时m=06分。

法1:当的斜率存在且不为零时,设直线的方程为.

由可得.8分。其中。

综上所述:①当⊥x轴时,存在适合题意。

当与x轴重合时, 存在适合题意。

当的斜率存在且不为零时存在适合题意12分。

法2: 因为。

综上所述:①当⊥x轴时,存在适合题意。

当与x轴重合时, 存在适合题意。

当的斜率存在且不为零时存在适合题意12分。

21. (本小题满分12分)

解:(11分。

当时,,函数在上单调递增;……2分。

当时,由得,时,,单调递减;时,,单调递增.

综上,当时,函数的单调递增区间为;当时,函数的单调递增区间为,单调递减区间为5分。

2)当时,此时7分。

当时,由函数对任意都成立,得,9分,

设,∴,由于,令,得,当时,,单调递增;时,,单调递减.

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